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2024年广东高考物理试题及答案.pdf

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】的内容,可以使用淘豆网的站内搜索功能,选择自己适合的文档,以下文字是截取该文章内的部分文字,如需要获得完整电子版,请下载此文档到您的设备,方便您编辑和打印。2021年广东省普通高中学业水平等级考试【分析】【详解】根据核心舱做圆周运动的向心力由地球的万有引力提供,可得物理Mmv24π2G?m?mω2r?mr一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项r2rT2是符合题目要求的。,铝26的半衰期为72万年,其衰变方程为v2r?2r34?2r3M???26Al?26Mg?Y,下列说法正确的是()、已知核心舱的质量和绕地周期以及已知核心舱的角速度和绕地周期,;若已知核心舱的绕地线速度和绕地半径可求解地球的质量。,现有的铝26衰变一半故选D。,《来耜经》记载了曲辕犁相对直辕犁的优势之一是起土省力,设牛用大小相等的拉力F通过耕索分别拉【答案】C两种犁,F与竖直方向的夹角分别为?和?,???,如图所示,忽略耕索质量,耕地过程中,下列说法正确【解析】的是()【分析】【详解】,该核反应是26Al?26Mg?0e13121即Y是正电子,选项AB错误;,可知再过72万年,现有的铝26衰变一半;再过144万年,即两个半衰期,现有的铝26衰变四分之三,选项C正确,D错误;。,我国自主研发的空间站“和天”核心舱成功发射并入轨运行,,耕索对犁的拉力小于犁对耕索的拉力速圆周运动,已知引力常量,由下列物理量能计算出地球质量的是(),【答案】【解析】【分析】【详解】【答案】D【解析】===Fcosαy曲【答案】AF=Fcosβy直【解析】由题知α<β则【分析】sinα<sinβ【详解】°匀速转动到60°,则P点绕O点做匀速圆周运动,则P点cosα>cosβ的线速度大小不变,A正确;°匀速转动到60°,则P点绕O点做匀速圆周运动,P点的加速度方F<Fx曲x直向时刻指向O点,B错误;F>,位移y关于时间t的关系为A错误、B正确;?y=l?sin(+ωt),它们大小相等,方向相反,无论是加速还是匀速,OP6则CD错误。则可看出Q点在竖直方向不是匀速运动,C错误;故选B。?,车库出入口采用图所示的曲杆道闸,道闸由转动杆OP与横杆PQ链接而成,P、Q为横杆的x=l?cos(+ωt)+lOP6PQ两个端点。在道闸抬起过程中,杆PQ始终保持水平。杆OP绕O点从与水平方向成30°匀速转动到60°的过程则可看出Q点在水平方向也不是匀速运动,D错误。故选A。中,下列说法正确的是(),长管外表面固定着对称分布的四根平行长直导线,若中心直导线通入电流I,四根平行直导线均通入电流I,II,电流方向如图所示,下列截面图中可能正1212确表示通电后长管发生形变的是()【详解】因I??I,则可不考虑四个边上的直导线之间的相互作用;根据两通电直导线间的安培力作用满足12“同向电流相互吸引,异向电流相互排斥”,则正方形左右两侧的直导线I要受到I吸引的安培力,形成凹形,21正方形上下两边的直导线I要受到I排斥的安培力,形成凸形,故变形后的形状如图C。21故选C。,发射极与吸极接在高压电源两端,两极间产生强电场,虚线为等势面,在强电场作用下,一带电液滴从发射极加速飞向吸极,a、b是其路径上的两点,不计液滴重力,下列说法正确的A是()【答案】D【解析】【分析】D.【详解】,则加强电场的场强向右,所而沿着电场线电势逐渐降低,可知???ab故A错误;,由图可知a处的等势线较密,则【答案】CE?E【解析】ab【分析】故B错误;,根据牛顿第二定律可知,液滴的加速度为Un1?1qEUna?22m解得,副线两端的最大电压为因E?E,可得abnU?2U?3Va?a2n1ab1故C错误;故B正确;,则电场力做正功,动能增大,电势能减少,,永磁铁磁场强,线圈中产生的感应电动势越大,变压器的输入电压会越大,E?E故C错误;,充电电路的输入功率等于变压器的输入功率,故D错误。故D正确;故选B。故选D。二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,,如图所示,假设永磁铁的往复运动在螺线管中产生近似正弦式交流电,周期为合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。,,理想变压器原线圈接螺线管,副线圈接充电电路,原、副线圈匝数比为1∶60,。下列v?t和s?t图像描述了五条相同的龙舟从同一起点线同时出发、沿长直河列说法正确的是()道划向同一终点线的运动全过程,其中能反映龙舟甲与其它龙舟在途中出现船头并齐的有()【答案】B【解析】【析】分【详解】=,??5HzT故A错误;?L??L??L【解析】压缩量的平均值?L?123?______cm;3【分析】(2)上述?L是管中增加______个钢球时产生的弹簧平均压缩量;【详解】(3)忽略摩擦,,该弹簧的劲度系数为______N/m。(结果保留3位有效数字)E?Br2?2【答案】(1).(2).(3).3(4).,所以杆OP产生的感应电动势恒定,故A正确;【解析】,由左手定则可知,MN棒会向【分析】左运动,MN棒运动会切割磁感线,产生电动势与原来电流方向相反,让回路电流减小,MN棒所受合力为安培【详解】(1)[1]根据压缩量的变化量为力,电流减小,安培力会减小,加速度减小,故D正确,BC错误。?L?L?L?(?)cm?。363三、非选择题:共54分,第11~14题为必考题,考生都必须作答。第15~16题为选考题,考生根[2]压缩量的平均值为据要求作答。?L??L?????L?123?cm?(一)必考题:共42分。,缓冲装置如图所示,固定在斜面上的透明有机玻璃管与水平(2)[3]因三个?L是相差3个钢球的压缩量之差,则所求平均值为管中增加3个钢球时产生的弹簧平均压缩量;面夹角为30°,弹簧固定在有机玻璃管底端。实验过程如下:先沿管轴线方向固定一毫米刻度尺,再将单个质量(3)[4]根据钢球的平衡条件有为200g的钢球(直径略小于玻璃管内径)逐个从管口滑进,每滑进一个钢球,待弹簧静止,记录管内钢球的个3mgsin??k??L数n和弹簧上端对应的刻度尺示数L,数据如表所示。实验过程中弹簧始终处于弹性限度内。采用逐差法计算0解得3mgsin?3???sin30?弹簧压缩量,进而计算其劲度系数。k??N/m???10-。根据实验需要已选用了规格和量程合适的器材。(1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势。选择适当倍率的欧姆挡,将两表笔______,调节欧姆调零旋钮,使指针指向右边“0Ω”处。测量时观察到热敏电阻温度越高,相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大,由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而__________。(2)再按图连接好电路进行测量。n123456L/(1)利用?L?L?L?i?1,2,3?计算弹簧的压缩量:?L?,?L?,?L?______cm,ii?3i123即R?R?RT0102可知大于。,中心带孔的相同算珠可在算盘的固定导杆上滑动,使用前算珠需要归零,如图所示,水平放置的算盘中有甲、乙两颗算珠未在归零位置,甲靠边框b,甲、乙相隔s??10?2m,乙与边1框a相隔s??10?2m,算珠与导杆间的动摩擦因数??。,甲、,方向不变,碰撞时间极短且不计,重力加速度g取10m/s2。(1)通过计算,判断乙算珠能否滑动到边框a;(2)求甲算珠从拨出到停下所需的时间。①闭合开关S前,将滑动变阻器R的滑片滑到_______端(选填“a”或“b”)。1将温控室的温度设置为T,电阻箱R调为某一阻值R。闭合开关S,调节滑动变阻器R,使电压表和电流0011表的指针偏转到某一位置。记录此时电压表和电流表的示数、T和R。断开开关S。01再将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D端,闭合开关S。反复调节R和R,使电压表和电流表的示01数与上述记录的示数相同。记录此时电阻箱的阻值R。断开开关S。02【答案】(1)能;(2)②实验中记录的阻值R_____R(选填“大于”、“小于”或“等于”)。此时热敏电阻阻值R?_____。0102T【解析】【答案】(1).短接(2).减小(3).b(4).大于(5).R?R【分析】0102【详解】(1)甲乙滑动时的加速度大小均为【解析】【分析】a??g?1m/s2【详解】()选择倍率适当的欧姆档,将两表笔短接;欧姆表指针向右偏转角度越大,则阻值越小,可判甲与乙碰前的速度,则1[1][2]v1断热敏电阻的阻值随温度升高而减小。v2?v2?2as101(2)①[3]闭合开关S前,应将滑动变阻器R的阻值调到最大,即将滑片滑到b端;1解得②[4][5]因两次电压表和电流表的示数相同,因为v1=?R?R0102T甲乙碰撞时由动量守恒定律mv?mv?mv123解得碰后乙的速度v3=,?3?m=?s2a2?12可知乙恰好能滑到边框a;(2)甲与乙碰前运动的时间v???01?s=?RmeU13【答案】(1),,8eU;(2)?2?s=【解析】2a1【分析】则甲运动的总时间为【详解】(1)电子在电场中加速有t?t?t??,空间有三个同心圆a、b、c围成的区域,圆a内为无场区,圆a与2圆b之间存在辐射状电场,圆b与圆c之间有三个圆心角均略小于90°的扇环形匀强磁场区Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ。各区感在磁场Ⅰ中,由几何关系可得应强度恒定,大小不同,方向均垂直纸面向外。电子以初动能E从圆b上P点沿径向进入电场,电场可以反向,k0r??,已知圆a与圆b之间电势差为U,圆b半径为R,圆c半径为3R,电v2Bev?m子质量为m,电荷量为e,忽略相对论效应,??。1r(1)当E?0时,电子加速后均沿各磁场区边缘进入磁场,且在电场内相邻运动轨迹的夹角?均为45°,最终联立解得k05eUm从Q点出射,运动轨迹如图中带箭头实线所示,求Ⅰ区的磁感应强度大小、电子在Ⅰ区磁场中的运动时间及在B?1eRQ点出射时的动能;在磁场Ⅰ中的运动周期为(2)已知电子只要不与Ⅰ区磁场外边界相碰,就能从出射区域出射。当E?keU时,要保证电子从出射区域k02?rT?出射,求k的最大值。v由几何关系可得,电子在磁场Ⅰ中运动的圆心角为5???4在磁场Ⅰ中的运动时间为【详解】[1]机场地面温度与高空客舱温度相同,由题意知瓶内气体体积变小,以瓶内气体为研究对象,根据理?t?T想气体状态方程2?pV联立解得?CT?RmeUt?4eU故可知高空客舱内的气体压强小于机场地面大气压强;[2]由于温度是平均动能的标志,气体的平均动能只与温度有关,机场地面温度与高空客舱温度相同,故从高空从Q点出来的动能为客舱到机场地面,瓶内气体的分子平均动能不变。E?,护士一般先用注射器注入少量气体到药瓶里后再抽取药液,如图所示,某种(2)在磁场Ⅰ中的做匀速圆周运动的最大半径为r,此时圆周的轨迹与Ⅰ边界相切,,,?105Pa,、2?3R?r??R2?、?105Pa的气体注入药瓶,若瓶内外温度相同且保持不变,气体视为理想气体,求此解得时药瓶内气体的压强。3r?Rm3由于v2Bev?mm1mrm12eU?mv2?keU2m联立解得【答案】?105Pa13k?【解析】6(二)选考题:共12分,请考生从2道题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第一题计分。【分析】【详解】以注入后的所有气体为研究对象,由题意可知瓶内气体发生等温变化,,把瓶盖拧紧。下飞机后发现矿泉水瓶变瘪了,机场地面温度V1,与高空客舱内温度相同。由此可判断,高空客舱内的气体压强______(选填“大于”、“小于”或“等于”)V??==:从高空客舱到机场地面,矿泉水瓶内气体的分子平均动能______(选填“变大”、“变小”注射器内气体体为积,有V2或“不变”)。V???【答案】(1).小于(2).不变根据理想气体状态方程有【解析】p?V?V??pV【分析】01211T代入数据解得[2]在t?时,小球回到平衡位置,具有最大的振动速度,所以小球的动能最大。4p??,一种光学传感器是通过接收器Q接收到光的强度变化而触发工作的。,一个轻质弹簧下端挂一小球,小球静止。现将小球向下拉动距离A后由静止释放,并开始计时,外侧M点再折射到空气中,测得入射角为?,折射角为?;光从P点射向外侧N点,刚好发生全反射并被QTA小球在竖直方向做简谐运动,周期为T。经时间,小球从最低点向上运动的距离_____(选填“大于”、82接收,求光从玻璃射向空时气临界角?的正弦值表达式。T“小于”或“等于”);在时刻,小球的动能______(选填“最大”或“最小”)。4sin?【答案】sin?【答案】(1).小于(2).最大【解析】【解析】【分析】【分析】【详解】根据光的折射定律有sin?【详解】[1]根据简谐振动的位移公式n?sin??2??y??Acos?t?根据光的全反射规律有?T?1Tsin??则t?时有n8?2?T?2联立解得y??Asin?????A?T8?2sin?sin??所以小球从最低点向上运动的距离为sin?22?21?y?A?A?A?A祝福语222祝你考试成功!A则小球从最低点向上运动的距离小于。2