文档介绍:该【上海实验学校2024学年物理高三上期末考试试题含解析 】是由【小屁孩】上传分享,文档一共【16】页,该文档可以免费在线阅读,需要了解更多关于【上海实验学校2024学年物理高三上期末考试试题含解析 】的内容,可以使用淘豆网的站内搜索功能,选择自己适合的文档,以下文字是截取该文章内的部分文字,如需要获得完整电子版,请下载此文档到您的设备,方便您编辑和打印。:..上海实验学校2024学年物理高三上期末考试试题注意事项:,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。;,字体工整、笔迹清楚。,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、,如图,当电键K断开时。发现电流表读数不为零。合上电键,调节滑动变阻器,,电流表读数仍不为零;,电流表读数为零,由此可知阴极材料的逸出功为()、如图所示,A、B、C是三级台阶的端点位置,每一级台阶的水平宽度是相同的,其竖直高度分别为h、h、h,123将三个相同的小球分别从A、B、C三点以相同的速度v水平抛出,最终都能到达A的下一级台阶的端点P处,不计0空气阻力。关于从A、B、C三点抛出的小球,下列说法正确的是()∶t∶t=1∶3∶∶h∶h=1∶2∶,动量变化率之比为A:B:AC=1∶1∶,重力做功的功率之比P:P:P=1:4:9ABC3、如图所示为剪式千斤顶的截面图。四根等长的支持臂用光滑铰链连接,转动手柄,通过水平螺纹轴减小MN间的距离,以抬高重物。保持重物不变,MP和PN夹角为120°时N点受到螺纹轴的作用力为F;MP和PN夹角为60°1:..时N点受到螺纹轴的作用力为F。不计支持臂和螺纹轴的重力,则F与F大小之比为()::::14、我国高铁舒适、平稳、快捷。设列车高速运行时所受的空气阻力与车速成正比,高铁分别以300km/h和350km/h的速度匀速运行时克服空气阻力的功率之比为()∶∶∶∶365、“笛音雷”是春节期间常放的一种鞭炮,其着火后一段时间内的速度一时间图像如图所示(不计空气阻力,取竖直向上为正方向),其中t时刻为笛音雷起飞时刻、DE段是斜率大小为g的直线。则关于笛音雷的运动,下列说法正确0的是()A.“笛音雷”在t时刻加速度最小1B.“笛音雷”在t时刻改变运动方向2C.“笛音雷”~t时间内“笛音雷"做自由落体运动346、已知地球半径约为6400km,地球表面处的重力加速度g取10m/s。则对绕地球运动的卫星来说,下列说法正确的是()、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图甲所示为足够长、倾斜放置的平行光滑导轨,处在垂直斜面向上的匀强磁场中,导轨上端接有一定值电阻,导轨平面的倾角为37?,金属棒垂直导轨放置,用一平行于斜面向上的拉力F拉着金属棒由静止向上运动,金属棒的质:..,其速度大小随加速度大小的变化关系如图乙所示,且金属棒由静止加速到最大速度的时间为1s,金属棒和导轨的电阻不计,sin37?=,cos37?=,g取10m/s2,则()、利用霍尔效应制作的霍尔元件,广泛应用于测量和自动控制等领域。霍尔元件常用两种半导体材料制成:一类是N型半导体,其载流子是电子,另一类是P型半导体,其载流子称为“空穴”,相当于带正电的粒子。把某种材料制成的长方体霍尔元件竖直放在匀强磁场中,磁场B的方向垂直于霍尔元件的工作面,当霍尔元件中通有如图所示方向的电流I时,其上、下两表面之间会形成电势差。则下列说法中正确的是(),,,,元件的工作面应与所在位置的水平面平行9、(平衡位置处),当r大于r时,分子间斥力大于引力;,,面包体积会缩小,,我们可以使温度逐渐降低,,在压强不变而体积增大时,单位时间碰撞容器壁单位面积的分子数一定减少:..10、两材料完全相同的、可视为质点的滑块甲和滑块乙放在粗糙的水平上,在两滑块的右侧固定一挡板。已知两滑块与水平面之间的动摩擦因数均为μ,甲、乙两滑块的质量分别为m=3m、m=2m,且在水平面上处于静止状态。现给12滑块甲一向右的初速度v(未知),使滑块甲和滑块乙发生无能量损失的碰撞,经过一段时间滑块乙运动到挡板处且被0一接收装置接收,而滑块甲未与挡板发生碰撞,开始两滑块之间的距离以及滑块乙与挡板之间的距离均为L,重力加速度为g。滑块甲与滑块乙碰后的瞬间速度分别用v、v表示,下列正确的说法是()∶v=1∶∶v=1∶6121261?gL10?、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)要测绘一个标有“”:直流电源(),)1电流表A()2电压表V(量程0—3V,内阻约3kQ)滑动变阻器R(0—5Ω,允许最大电流3A)开关、:①、A并联后在接入电路,请按此要求用笔画线代表导线在实物图中完成余112下导线的连接.(____)(2)正确连接好电路,并将滑动变阻器滑片滑至最_______端,闭合开关S,,1A的示数为200mA,③若将并联后的两个电流表当作一个新电表,则该新电表的量程为_______A;为使其量程达到最大,可将图中_______:..(选填,“I”、“II”).(12分)未来在一个未知星球上用如图甲所示装置研究平抛运动的规律。悬点O正下方P点处有水平放置的炽热电热丝,当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断,小球由于惯性向前飞出做平抛运动,现对小球采用频闪数码相机连续拍摄,在有坐标纸的背景屏前拍下了小球在做平抛运动过程中的多张照片,经合成后照片如图乙所示,a、b、c、d为连续四次拍下的小球位置,,照片大小如图中坐标所示,又知该照片的长度与实际背景屏的长度之比为1:4,则:⑴由以上信息,可知a点______________(填“是”或“不是”)小球的抛出点;⑵由以上信息,可以推算出该星球表面的重力加速度为__________m/s2⑶由以上信息可以算出小球平抛的初速度大小是_________m/s;⑷由以上信息可以算出小球在b点时的速度大小是_________m/、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,质量均为m=1kg的长方体物块A、B叠放在光滑水平面上,两水平轻质弹簧的一端固定在竖直墙壁上,另一端分别与A、B相连接,两弹簧的原长均为L=,与A相连的弹簧的劲度系数k=100N/m,与B0A相连的弹簧的劲度系数k=200N/m。开始时A、B处于静止状态。现在物块B施加一水平向右的拉力F,使A、B静B止在某一位置,此时拉力F=3N,使A、B静止在某一位置,A、B间的动摩擦因数为μ=,撤去这个力的瞬间(A、B无相对滑动,弹簧处于弹性限度内),求:(1)物块A的加速度的大小;(2)如果把拉力改为F′=(A、B无相对滑动,弹簧处于弹性限度内),其它条件不变,则撤去拉力的瞬间,求物块B对A的摩擦力比原来增大多少?:..14.(16分)如图圆柱形导热气缸质量为M,内部横截面积为S,活塞的质量为m,稳定时活塞到气缸底部的距离为L。用竖直方向的力将活塞缓慢向上拉,直到气缸即将离开地面为止,此时活塞仍在气缸中,此过程中拉力做的功1为W。已知大气压强为p,重力加速度为g,环境温度不变,气缸密闭性良好且与活塞之间无摩擦。求:00(1)最终活塞到气缸底部的距离L;2(2)上拉过程中气体从外界吸收的热量Q。15.(12分)一轻弹簧左侧固定在水平台面上的A点,自然状态右端位于O点。用质量为4m的物块将弹簧压缩到B点(不拴接),释放后,物块恰好运动到O点。现换质量为m的同种材质物块重复上述过程,物块离开弹簧后将与平台边缘C处静止的质量为km的小球正碰,碰后小球做平抛运动经过t==45°的固定斜面,且小球从C到斜面平抛的位移最短。已知物块与水平台面间的动摩擦因数μ=,L=2L=,不计空气阻力,BOoc滑块和小球都视为质点,g取10m/s2。求:(1)物块m与小球碰前瞬间速度的大小;(2)k的取值范围。参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D:..【解题分析】,光电子的最大初动能为E,当反向电压达到U=,电流表读数为零说km明具有最大初动能的光电子也达不到阳极,因此E=eU==hv-W,阴极材料的逸出功为km0W=hv-E=。2、C【解题分析】x?,A、B、C水平位移之比为1:2:3,所以它们在空中运动的时间之比为1:2:3,A错0误。?gt2,竖直高度之比为h:h:h?1:3:5,B错误。,动量的变化率为物体受到的合外力即重力,重力相同,则动量的变化率相等,故C正确。,由v?gty知,竖直方向速度之比为1:2:3,重力做功的功率P?mgv所以重力做功的功率之比为P:P:P?1:2:3ABC故D错误。故选C。3、D【解题分析】当两臂间的夹角为120?时,两臂受到的压力为GN??G12cos60?对N点分析,N点受到螺纹轴的作用力为F?2Ncos30??3G11当两臂间的夹角为60?时,两臂受到的压力为:..G3N??G22cos30?3对N点分析,N点受到螺纹轴的作用力为3F?2Ncos60??G223则有F1?3:1F2故A、B、C错误,D正确;故选D。4、C【解题分析】列车高速运行时所受的空气阻力与车速成正比,则f?kv则克服阻力的功率为p?fv?kv2所以高铁分别以300km/h和350km/h的速度匀速运行时克服空气阻力的功率之比为pkv2361?1?pkv24922故ABD错误,错C正确。故选C。5、C【解题分析】,所以t时刻加速度不是最小的,故A错误;,仍旧往上运动,没有改变运动方向,故B错误;,t时刻开始做加速度不变的减速运动,所以“笛音雷”在t时刻彻底熄火,故C正确;~t时间内“笛音雷”做向上运动,速度方向为正,不可能做自由落体运动,故D错误。34故选C。6、D【解题分析】,是由万有引力提供向心力,卫星绕赤道做圆周运动的圆心一定在地心,绕不在赤道面上:..的纬线做圆周运动的圆心显然不在地心,选项A错误;,而卫星绕地球做圆周运动,没有使其随地球自转的作用力,选项B错误;,其运动速度大于第一宇宙速度,选项C错误;,有GMm?mgR2对于卫星有GMm4?2?m?R?h??R?h?2T2联立解得T=90分钟选项D正确。故选D。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ACD【解题分析】??mgsin37??maR变形得mRF?mgsin37?v??a?()??mgsin37?()R?1B2L2联立解得R25F?,?B2L214且由P?Fv可知,F的最大功率为P?:..故A正确,B错误;,回路中的电流最大,回路中的电功率最大为B2L2v2P?I2R??;??mgsin37?t?mvR即B2L2xFt??mgsin37?t?mvR解得x?,由动能定理得1Fx?mg?xsin37??W?mv2A2解得W????W?。故选ACD。8、BD【解题分析】,由左手定则可知,电子向上表面偏转,则上表面电势低于下表面电势;若长方体是P型半导体,则带正电的粒子向上表面偏转,即上表面电势高于下表面电势,选项A错误,B正确;,则在测地球赤道的地磁场强弱时,元件的工作面应与所在位置的水平面垂直,选项C错误;,在测地球两极的地磁场强弱时,元件的工作面应与所在位置的水平面平行,选项D正确。故选BD。:..9、BDE【解题分析】A、两个分子间的距离r存在某一值r(平衡位置处),当r大于r时,分子间斥力小于引力;当r小球r时分子间斥000力大于引力,所以A错误;B、布朗运动不是液体分子的运动,是固体微粒的无规则运动,但它可以反映出液体分子在做无规则运动,所以B正确;C、用手捏面包,面包体积会缩小,只能说明面包内有气孔,所以C错误;D、绝对零度只能无限接近,不能到达,所以D正确;E、对于一定质量的理想气体,在压强不变而体积增大时,单位面积上分子数减小,则单位时间碰撞分子数必定减少,、BC【解题分析】,设碰撞前瞬间滑块甲的速度为v,则有mv=mv+mv11122由机械能守恒定律得111mv2=mv2+mv211122222联立解得v6vv=,v=1255则二者速度大小之比为v∶v=1∶612A错误,B正确;,碰后滑块乙应刚好运动到右侧的挡板,则1-μmgL=-mv22222碰前滑块甲做减速运动11-μmgL=mv2-mv2111022可得61?gLv=018C正确,D错误。故选BC。:..三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、【解题分析】(1)由于小灯泡的电阻相对于电压表内阻来说很小很小,电流表采用外接法,连接实物图如图所示:(2)开关闭合前,滑动变阻器应调至使电流表和电压表的示数为零的位置,故应调至右端;根据欧姆定律得:??1A1????(3)由于U=×=,U=×=,由于U<U,,:I??A?,由于A未达到最大量程,要使其达到最大量程,要增大电压,,为了保护该电流表,应给其串联一电阻分压,故应在Ⅰ、是,8,,5【解题分析】(1)[1]因为竖直方向上相等时间内的位移之比为1:3:5,符合初速度为零的匀变速直线运动特点,因此可知a点的竖直分速度为零,a点为小球的抛出点。(2)[2]由照片的长度与实际背景屏的长度之比为1:4可得乙图中正方形的边长l=4cm,竖直方向上有:y?2L?g?T2解得:2L2?4?10?2g'???8m/(3)[3]水平方向小球做匀速直线运动,因此小球平抛运动的初速度为:2L2?4?10?2v???:..(4)[4]??m/s?:42v?v2?v2??m/sb0yb5四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1);(2)【解题分析】(1)在拉力撤去前,根据受力平衡有F?(k?k)xAB1代入数据解得x=,对A、B整体根据牛顿第二定律有F=2ma1解得a=,用隔离法有kx+F=maA1f1解得F???mgf即A、B之间相对静止,为静摩擦力,所以物块A的加速度为a=(2)在拉力改为F′=,撤去拉力前,根据受力平衡有F??(k?k)xAB2代入数据解得x=,对A、B整体根据牛顿第二定律有F′=2ma2解得:..a=,用隔离法有kx+F′=maA2f2解得F′==F′-F=?mg(pS?mg)(M?m)gL14、(1)L?0L;(2)Q?01?W2pS?Mg1pS?Mg000【解题分析】(1)以封闭的气体为研究对象,初始状态下,活塞受力平衡,有pS?pS?mg10mg所以气体压强p?p?10S体积V?SL11气缸即将离开地面时,气缸受力平衡,有pS?Mg?pS20Mg所以压强p?p?20S封闭气体体积V?SL22气体做等温变化,由玻意耳定律有pV?pV1122pS?mg解得L?0L2pS?Mg10(2)设活塞移动过程中气体对活塞做的功为W,由动能定理有1W?W?(pS?mg)(L?L)?010021由热力学第一定律有?U?Q?(?W)1结合等温变化?U?0:..(pS?mg)(M?m)gLQ?01?W解得pS?Mg0015、(1)v?4m/s;(2)1≤k≤30【解题分析】(1)用质量为4m的物块将弹簧压缩到B点(不拴接),释放后,物块恰好运动到O点,由能量守恒,弹簧的弹性势能E???4mgLpBO质量为m的同种材质物块重复上述过程,由能量守恒1E??mg?L?L??mv2pBOOC20解得物块m与小球碰前瞬间速度的大小v?4m/s0(2)C到斜面平抛且位移最小,则位移的偏向角为45°,由平抛1y?gt22x?vtCytan45??x解得v?2m/sC若二者发生弹性碰撞,则mv?mv?kmv01C111mv2?mv2?kmv220221C得k=31若二者发生完全非弹性碰撞,则mv??m?km?v02C得k=12k的可能值为:..1≤k≤3