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HIV病毒有包膜,通过胞吞方式进入宿主细胞,HIV的逆转录酶也能进入宿主细胞,A错误;B、HIV病毒只含有核酸和蛋白质,其外层脂类膜来自宿主细胞,B正确;C、HIV病毒可通过血液传播,因此艾滋病患者的血液中可检测出HIV,C正确;D、人体感染HIV后潜伏期可达2~10年,D正确。故选A。【题目点拨】本题主要是对艾滋病方面知识的考查,考查了学生对艾滋病基础知识的掌握,解答本题的关键是明确艾滋病的发病机理及掌握艾滋病的传播途径。5、C【解题分析】正常情况下,兴奋在神经纤维上以局部电流的形式传导,而在神经元之间,即突触处,先是以电信号的形式传导神经元末梢,引起突触前膜释放神经递质到突触间隙,神经递质与突触后膜上的受体结合,引起突触后膜产生兴奋,进而在下一个神经元上继续传导。:..【题目详解】根据题意分析,某实验小组将离体的神经-肌肉接头处置于生理盐水中,并滴加阿托品,用针刺神经纤维后,肌肉收缩减弱甚至不能收缩,说明阿托品阻止了兴奋在突触处的传递;而滴加乙酰胆碱酯酶抑制剂后,乙酰胆碱不被分解,就可以和阿托品竞争受体,阿托品的麻醉作用降低甚至解除,说明阿托品没有破坏突触的结构,也没有阻止突触前膜释放神经递质或阻断突触后膜上钠离子通道,因此很可能是因为竞争性地和乙酰胆碱的受体结合,导致乙酰胆碱不能和受体结合,进而影响了兴奋在突触处的传递;故C正确,ABD错误。【题目点拨】分析本题关键在于熟知突触的结构组成以及兴奋在此处的传递过程,结合题意才可能推知阿托品可能的作用环节。6、C【解题分析】单倍体,体细胞中含有本物种配子染色体数目的个体称为单倍体。生物的表现型有基因型和环境共同决定,基因型是内因,环境因素是外因。【题目详解】A、雄蜂是由未受精的卵细胞发育的,其体细胞中含有本物种配子染色体数,属于单倍体,A正确;B、该图中显示同样是受精卵发育的个体,最终因为食物的不同而导致性状上的差别,据此可说明生物的表现型是基因型与环境共同作用的结果,B正确;C、工蜂、蜂王和雄蜂是同一物种,工蜂承担了保育、筑巢和采蜜等工作,蜂王和雄蜂承担了繁育后代的工作,这是种内互助的表现,C错误;D、若蜂王的基因型为AaBb,则产生的卵细胞的基因型为AB、Ab、aB、ab,由于雄蜂是未受精的卵细胞发育的,故子代雄蜂基因型可为AB、Ab、aB、ab,D正确。故选C。二、综合题:本大题共4小题7、AABB×AAbb或aaBB×AAbb淡紫色1/3深紫色深紫色、白色【解题分析】分析题文:A基因控制色素合成,该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅,B基因与细胞液的酸碱性有关,结合表格,深紫色为Abb,淡紫色为ABb,白色为ABB和aa。据此答题。-----【题目详解】(1)纯合白色植株的基因型有AABB、aaBB、aabb,纯合深紫色植株基因型有AAbb,若纯合白色植株和纯合深紫色植株亲本杂交,子一代全部是淡紫色(A_Bb)植株,则该杂交亲本的基因型组合是AABB×AAbb或aaBB×AAbb。若纯合深紫色植株AAbb的某一枝条的基因b发生了突变(只有一条染色体上的基因发生突变),则基因型变为AABb,该枝条上的花色为淡紫色。:..(2)①若让淡紫色个体(AaBb)自交,子一代深紫色个体的基因型为AAbb、Aabb,其中纯种个体占1/3。②利用单倍体育种能快速培育出稳定遗传的深紫色个体,最好从F中选取表现型为深紫色的植株(基因型为AAbb和1Aabb),将其花粉(Ab和ab)培养为单倍体,再经染色体加倍后,所获得植株(基因型为AAbb和aabb)的花色有深紫色和白色两种。【题目点拨】本题的知识点是基因的自由组合定律和分离定律的应用、设计实验确定基因型,主要考查学生解读题干和题表获取信息并利用相关信息解决问题的能力和设计实验并预期实验结果获取实验结论的能力。8、18~25发酵过程中,乳酸菌产生的乳酸可以抑制其他微生物的生长醋酸菌、酵母菌5增大接种面积,有利于保藏更多菌种通气和防止杂菌污染将该细菌接种在无碳源的培养基上,若能生长,则说明该细菌能利用空气中的二氧化碳作为碳源【解题分析】1、在利用酵母菌发酵时最好是先通入足够的无菌空气在有氧环境下一段时间使其繁殖,再隔绝氧气进行发酵;酒精发酵的最佳温度是在18℃~25℃,pH最好是弱酸性。2、常用的接种方法主要有平板划线法和稀释涂布平板法,两者都可以用于菌种的分离,前者接种前和接种后均需要对接种环进行灼烧灭菌,后者还可以用于菌种的计数。【题目详解】(1)制作葡萄酒的过程中,需将温度控制在18~25℃;家庭制作泡菜时无须刻意灭菌,原因是发酵过程中,乳酸菌产生的乳酸可以抑制其他微生物的生长;变酸果酒表面的菌膜是醋酸菌、泡菜坛内的白膜相关的微生物是酵母菌。(2)每次使用接种环之前以及每次使用接种环后均需灼烧灭菌,故采用平板划线法分离菌种时,在培养基表面共划5个区域时,需要6次灼烧接种环;对菌种进行临时保藏时,试管中的固体培养基常呈斜面状,目的是增大接种面积,有利于保藏更多菌种;此外,试管口通常塞有棉花,其作用有通气和防止杂菌污染。(3)验证土壤中的某些微生物可以利用空气中的二氧化碳作为碳源的实验中,自变量为有无碳源,因变量为微生物能不能生长,因此实验思路、预期结果和结论为:将该细菌接种在无碳源的培养基上,若能生长,则说明该细菌能利用空气中的二氧化碳作为碳源。【题目点拨】本题主要考查微生物的相关知识,意在考查考生对所学知识的理解,把握知识间内在联系的能力。9、自我调节生产者和分解者许多土壤动物有较强的活动能力,而且身体微小7576%6调节种间关系,维持生态系统的稳定实现对能量的多级利用,从而大大提高了能量的利用率【解题分析】7、某一营养级的摄入量=粪便量+同化量,其中粪便中的能量是该营养级未同化的能量。6、某一营养级(最高营养级除外)能量的去向:(7)自身呼吸作用消耗;(6)流向下一个营养级;(6)被分解者利用;:..(4)未被利用。6、生态系统中的能量流动是指能量的输入、传递、转化散失的过程。流经生态系统的总能量是生产者固定的太阳能总量。能量的流动特点是单向流动,逐级递减。能量传递效率是指在相邻两个营养级间的同化能之比,传递效率大约是75%~65%。4、研究生态系统的能量流动,可以帮助人们科学规划设计人工生态系统,使能量得到最有效的利用,实现了能量的多级利用,大大提高了能量的利用率,同时也降低了对环境的污染;研究生态系统的能量流动,还可以帮助人们合理地调整生态系统中的能量流动关系,使能量持续高效的流向人类最有益的部分。【题目详解】(7)没有经过处理的废阴极炭块会污染土壤和地下水,使动物致病或中毒,长期下去会导致某些动物灭绝,说明生态系统的自我调节能力是有限的。(6)生态系统的组成成分包括生产者、消费者、分解者以及非生物的物质和能量,其中联系生物群落与无机环境的是生产者和分解者。(6)①因为许多土壤动物有较强的活动能力,而且身体微小,故不能采用样方法或标志重捕法调查土壤小动物类群的丰富度。②羊呼吸消耗的能量=羊同化量-羊净同化量=3-5=75百万千焦。③据表格数据可知,生产者草同化量=自身呼吸作用消耗+流向下一个营养级+被分解者利用+未被利用=+3+6+=765百万千焦,故第一营养级到第二营养级的传递效率=(第二营养级羊同化量/第一营养级草同化量)×755%=(3/765)×755%=76%。若羊的粪便被迅速分解,粪便中的能量没有被羊同化,还属于草传递给分解者的能量,及属于表中的数值6;草与羊之间进行的信息传递在生态系统中具有调节种间关系,维持生态系统稳定的作用。④让羊的粪便进入沼气池,将发酵产生的沼气做燃料,将沼气池中的沼渣做肥料,体现了研究生态系统能量流动的意义为实现对能量的多级利用,从而大大提高了能量的利用率。【题目点拨】本题考查生态系统的成分、能量流动及稳定性相关知识点,掌握相关知识点结合题意答题。10、基因工程动物细胞核移植早期胚胎培养DNA分子杂交技术碱基互补配对磷酸二酯键MⅡ中期(减数第二次分裂中期)卵母细胞体积大,易操作;含促使细胞核表达全能性的物质;卵母细胞所含营养物质丰富代孕母鼠子宫对外来胚胎基本上不发生免疫排斥反应【解题分析】1、孤雌生殖也称单性生殖,即卵不经过受精也能发育成正常的新个体的生殖方式。2、胚胎移植的生理学基础:(1)供体与受体相同的生理变化,为供体的胚胎植入受体提供了相同的生理环境;(2)哺乳动物早期胚胎形成后,在一定时间内不会与母体子宫建立组织上的联系,而是出于游离状态,为胚胎的收集提供了可能;(3)受体子宫不对外来胚胎发生免疫排斥反应,这为胚胎在受体内的存活提供了可能;(4)移植入受体的胚胎:..能与受体子宫建立正常的生理和组织联系,但移入受体的供体胚胎的遗传特性不会受到影响。【题目详解】(1)识图分析可知,整个过程中用基因编辑技术删除相关的基因印迹区域,该过程中使用的Cas9酶类似于限制酶的作用,因此属于基因工程的操作,经编辑后的细胞用动物细胞培养成多个细胞或组织,利用核移植技术使卵母细胞与新核融合,体外培养胚胎至桑椹胚或囊胚后移植胚胎进入代孕母鼠体内。(2)验证基因是否删除成功,需要利用DNA分子杂交技术进行检测。(3)让一段RNA与目标特征DNA序列的碱基互补配对后两者才能结合。Cas9酶与DNA的基因靶点结合时发生了构象变化,酶功能区对靶标DNA的反向链进行定位切割DNA分子的磷酸二酯键,删除基因。(4)传统的细胞核移植技术中,受体卵母细胞处于减数第二次分裂中期。因为卵母细胞体积大,易操作;含促使细胞核表达全能性的物质;卵母细胞所含营养物质丰富。由于代孕母鼠子宫对外来胚胎基本上不发生免疫排斥反应,使得胚胎能在代孕母鼠体内存活的生理基础。【题目点拨】本题以孤雌生殖小鼠的培养过程为背景,考查基因工程、核移植技术、胚胎移植等知识点,要求学生掌握核移植的操作过程和选择卵母细胞的原因,把握基因工程的操作过程和鉴定目的基因的方法,理解限制酶的作用部位,能够依据该知识点把握题干中Cas9酶的作用,识记和理解胚胎移植的生理学基础。11、RNA聚合酶氨基酸不成熟非同源染色体上的非等位基因测交成熟:不成熟=1:3基因突变ACS2、ACS4、ACO1多对成熟基因【解题分析】转录的模板是DNA,产物是RNA;翻译的模板是mRNA,产物是多肽。基因突变指DNA中碱基对的增添、缺失和替换等引起基因结构的改变。【题目详解】(1)成熟基因转录时需要的酶是RNA聚合酶,翻译的原料是氨基酸。(2)n,n,N,将后两者突变株进行杂交,n,表现为不成熟,F进行自交,子代表现型为成熟:不成熟=3:13,即119:3:3:1的变式,说明C基因和N基因位于两对同源染色体上。可以对F进行测交,n占1/2×1/2=1/4,1-故成熟:不成熟=1:3。(3)①基因中碱基对改变属于基因突变。②由图可知,ACS2、ACS4、ACO1在在C突变株和N突变株中未表达,但在C-CRISPR/Cas9和N-CRISPR/Cas9中明显表达,从而促进了果实的成熟。同时,可知其他成熟基因如PSY1、PDS、ZDS、C等成熟基因在野生型中也有明显表达,从而表明调控果实成熟是由多对成熟基因共同作用的结果。【题目点拨】:..本题需要考生根据3:13为9:3:3:1的变式推出两对基因位于两对同源染色体上,符合基因的自由组合定律。