文档介绍：该【吉林省通化市辉南县第六中学2023-2024学年高二上学期第一次月考模拟物理 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【11】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【吉林省通化市辉南县第六中学2023-2024学年高二上学期第一次月考模拟物理 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..高二物理试题一、(),,,,长度为L的导体棒原来不带电,将带电量为q的正点电荷放在导体棒的中心轴线上距离棒左端R处,达到静电平衡后,下列说法正确的是(),,(2R?L),可以平衡的是(),4Q,,5Q,,?4Q,,2Q,?,一平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地,,下列说法正确的是(),x轴正方向为场强正方向,一个带正电的点电荷只在电场力的作用下沿x轴运动,x、x、x、x四点间隔相等,则()1234:..、x两点之间的电势差小于x、,在x轴上放有两个电荷量分别为q和q的点电荷,其中q位于x轴的坐标原点,电荷q的右侧1212各点电势?随x变化的关系如图曲线所示,其余部分的电势变化情况没有画出,其中B点电势为零,BD段中的电势最低点为C点,则()?,电场力做负功7.“示波器”是电工学中的重要仪器,如图所示为示波器的原理图,有一电子在电势差为U的电场中加速后,1垂直射入电势差为U的偏转电场,在满足电子能射出偏转电场的条件下,下列四种情况中,一定能使电子的2偏转角变小的是():..,,,,U变大12121212二、,、b、c、d为电场中四个点,并且a、d为紧靠导体表面的两点,选无穷远处电势为零,则()????,在同一竖直平面内,三根不可伸长的绝缘细绳一端固定于O点,细绳OA、OB的长度均为L,另一端分别系有三个质量相同的带正电小球A、B、C,,细绳OC沿竖直方向,细绳OA、OB与OC的夹角均为30?.已知静电力常量为k,():..??::,水平面上固定一倾角为37?的光滑绝缘斜面,?4?10?5C的小物块从斜面底端以一定初速度沿斜面上滑,图乙是在上滑过程中物块的电势能、,g?10m/s2,则物块质量m和电场强度E的大小分别为()???2?105N/??105N/C三、实验题11.(1)在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关时,,A球放在可移动的绝缘座上,B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点,,先保持两球电荷量不变,使A球从远处逐渐向B球靠近,观察到两球距离越小,B球悬线的偏角越大;再保持两球距离不变,改变小球所带的电荷量,观察到电荷量越大,:两电荷之间的相互作用力大小与距离和电荷量有关,随其距离的_________________而增大,随其所带电荷量的_________________而增大(均选填“增大”或“减小”).(2)两个相同的带同种电荷的导体小球所带电荷量之比为1:3,,放到相距为2r处,,电流表示单位时间内通过导体横截面的电荷量,即I?.电流传感器可以像t电流表一样测量电流,、,S是单刀双掷开关,R为定值电阻,C为平行板电容器.:..甲乙(1)当开关S接1时,平行板电容器_________________(选填“充电”或“放电”).(2)电容器充电完毕后,把开关S接2时,其放电电流随时间变化图像如图乙所示,①此过程中,电路中的电流_________________(选填“增大”、“减小”或“不变”),电容器两极板间的场强_________________(选填“增大”、“减小”或“不变”);②若按“四舍五入”(大于等于半格算一格,小于半格舍去)数格法,由图乙可知电容器所带的电荷量为_________________C(计算结果保留两位有效数字),根据计算可知,该实验选择的电容器最有可能是下图中的_________________.(选填“A”、“B”或“C”)、?5?105V/m,一带负电小球,电量为q?8?10?6C,质量为m?,经过一段时间后到达上方B点,AB间距离L?,求:(1)AB间电势差为多少.(2),方向水平向右,、可视为质点的带电小球,从O点竖直向上抛出,此时动能为E,经过一段时间小球再次与O点高度相同时动能为5E,不计空气阻k0k0力,::..(1)小球到达最高点时所用的时间;(2)小球的电荷量;,空间有场强E??102V/m竖直向下的匀强电场,长L?,另一端系一质量m??5?10?,当小球运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂,小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成??53?挡板MN上的C点,g取10m/s2,试求:(1)绳子的最大张力;(2)B、C两点的高度差;(3)A、:【详解】,电场力和速度方向垂直,所以不做功,故A错误;,但是电场强度不一定相等,故B错误;,场强越大,故C正确;,【详解】,右端带正电,故A错误;,故导体棒两端电势一样,故B错误;,导体棒上感应电荷在棒中心O处产生的场强与点电荷在:..q4kqO处产生的场强等大反向;而点电荷在O处产生的场强为E?k?L2(2R?L)2???R???2?方向向右,则导体棒上感应电荷在棒中心O处产生的电场强度方向向左,故C正确,【详解】,三个自由电荷平衡的条件是:两边电荷的电性是相同,中间电荷电性相反,两边的电量均大于中间电量,即“两同夹异,两大夹小”,故AB错误;?QQ∣?QQ外1外2内外1内外2可知9Q,?4Q,36Q可以平衡,?4Q,2Q,?3Q不可以平衡,故C正确,.?【详解】?r4?kd可知,平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离,d变小,C变大,因电容器与直流电源连接,上极板下移过程中U不变,静电计指针张角不变,故B错误;?UC变大,U不变,则电容器的带电量Q将增多,故C正确;?dd变小,U不变,E增大,所以电场力增大,故带电油滴将向上运动,故A错误;,P与下极板间的距离不变,P点与下极板间的电势差增大,而下极板的电势保持不变,所以P点的电势升高,【详解】?x处场强方向沿x轴正方向,根据沿着电场线方向电势降低,x处电势高于x处电2424势,带正电的点电荷在x处电势能比在x处的大,故A错误;?x处场强为x轴正方向,则从x到x处顺着电场线方向移动正点电荷,电势降低,正电荷的电势能1313减小,故B错误;?Ed可知,E?x图线与x轴所围的面积表示电势差,则知x、x两点之间的电势差小于x、x两1234点之间的电势差,故C正确;,电场强度的绝对值先增大后减小,由F?qE知,电场力先增大后减小,.:..【详解】A.??x图像斜率大小代表电场强度大小,B点??x图像斜率不为零,则电场强度大小不为零,故A错误;,则C点的电场强度等于零,所以q和q两个点电荷在C点产生的电场的电场强12Q度等大,反向,所以q和q是异种电荷,根据点电荷的电场强度公式E?k12r2可知,q离C点远,则q的电荷量大,则q?q1112故C错误;,且q附近的电势为正,所以q为正电荷,q为负电荷,q和q在A处产生的电场的1222112电场强度都向左,则A处的电场强度水平向左,故B正确;,将一带负电的试探电荷从C点移到D点,电荷的电势能逐渐减小,所以电场力做正功,【详解】根据动能定理qU?mv2122qU得v?1mqULvUL在偏转电场中vy?at,a?2,t?,tan??y?2mdvv2Ud1若使偏转角变小即使tan?变小,【详解】,则a点与导体表面的所有点电势相等,而沿着电场线,电势逐渐降低,故a点电势高于d点的电势,故A正确;,电场强度越大,由图可得c点的电场线密,所以有E?E,故B错误;,该题以无穷远为零电势点,则d点的电势为负,故正电荷放在d点时其电势能为负值,故C正确;,b点的电势又高于d点的电势,而正电荷在电势高处电势能大,在电势低处电势能小,故正检验电荷从b点移到d点的过程中,电势能减小,则电场力做正功,【详解】,设OB绳上拉力为T,对B球列平衡方程,水平方向kq2kq2cos60???Tcos60?L2L2kq2竖直方向sin60??Tcos30??mgL2:..3kq2解得T?L223kq2m?gL2故A错误,B正确;,对C球受力分析得T?OCL2T3kq2L21细绳OA与OB的拉力等大,所以细绳OA与OC的拉力大小之比为???TL233kq23OCC错误,【详解】物块沿斜面向上运动,动能减小,电势能增加;由图可知当位移为5m时,有E?0,E?40Jkp所以当位移x?5m时,根据动能定理有?qExcos37??mgxsin37??E?Ekk0而qExcos37??E?0p联立解得m?,E??105N/【详解】(1)[1]设小球B的质量为m,悬线与竖直方向的夹角为?,对小球B进行受力分析,可以得到小球B受到的库仑力为F?mgtan?即B球悬线的偏角越大,库仑力也越大,所以使A球从远处逐渐向B球靠近,观察到两球距离越小,B球悬线的偏角越大,说明两电荷之间的相互作用力与距离有关,且随其距离的减小而增大;保持两球距离不变,改变小球所带的电荷量,观察到电荷量越大,B球悬线的偏角越大,说明两电荷之间的相互作用力与电荷量有关,,使A球从远处逐渐向B球靠近,这是只改变两球之间的距离;再保持两球距离不变,改变小球所带的电荷量,这是只改变电量,(2)[2]两个相同的带电导体小球带同种电荷,两球接触前F?k?r2接触再分开后,两球带同种电荷,两球带电荷量大小都为2Q,由库仑定律可得此时库仑力的大小为:..2Q?2QFF??k??(2r)?10?3B【详解】(1)[1]当开关S接1时,平行板电容器充电.(2)①[2][3]此过程中,电容器放电,则电路中的电流减小,电容器带电量减小,则两极板间的场强减小;②[4]图像与坐标轴围成的面积等于电容器的带电量,图中每小格的电量为10?3???10?4C,若按“四舍五入”(大于等于半格算一格,小于半格舍去)数格法可得格数为14,由图乙可知电容器所带的电荷量为Q?14??10?4C??10??10?3[5]电容器的电容C??F??FU8可知,.(1)?5?104V;(2)2m/s【详解】(1)由沿着电场线方向电势逐渐降低可知,U?0AB根据匀强电场电势差与电场强度关系得,U??EL??5?105???5?104VAB1(2)A到B段根据动能定理得?mgL?qU?mv2AB2B代入数据解得v?2m/sB12Emg14.(1)k0;(2);gmE1【详解】(1)带电小球在竖直方向做竖直上抛运动,设小球竖直初速度为v,则有E?mv20k0202E解得v?k00mv12E小球到达最高点时所用的时间t?0?k0ggm(2)水平方向做初速度为零的匀加速直线运动,带电小球在竖直方向做竖直上抛运动,根据竖直上抛运动的对称性,小球回到与O点相同高度处,竖直分速度大小仍然为v,设此时水平分速度为vx,则合速度有0v2?v2?v20x:..11??则与O点等高度处的动能为5E?mv2?mv2?v2k0220x8E联立解得v?k0xmEq水平方向上,由运动学公式可得v??2txmmg解得q?E15.(1)T?30N;(2)见解析;(3)U?【详解】(1)A?B由动能定理及圆周运动知识有?mg?qE??L?mv2,T??mg?qE??B2BL解得T?30N11B?C?mg?qE??h?mv2?mv2(2)由动能定理有BC2C2B且vsin??vCB解得h?(3)根据U?E?h?E??h?L?ACACBC解得U?