文档介绍：该【2021年上海市宝山区中考物理二模试卷及答案解析 】是由【1781111****】上传分享，文档一共【16】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2021年上海市宝山区中考物理二模试卷及答案解析 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的过程。(3)根据P=UI计算通过空调的电流;利用W=Pt计算消耗的电能。【解答】解:(1)上海地区家用照明电路的电压为220V;(2)用电器工作时将电能转化为其它形式的能,所以家用空调工作时消耗的是电能;(3)由P=UI得,通过空调的电流为:I===5A;由P=得,正常工作时,连续工作2小时消耗的电能:W=Pt=1100×10﹣3kW×2h=?h。故答案为:220;电;5;。【点评】本题考查了家庭电路的电压、能量的转化、电功和电功率公式的应用,条件已知,比较简单。11.【分析】(1)电流表示数为0,电路中只有一处出现故障,且只发生在灯L或电阻R上,则电路出现了断路现象;(2)在电路中a、b、c三点适当位置并联一只电压表,根据电压表的示数判定电路的故障。【解答】解:(1)闭合开关S,灯L不亮,电路中只有一处出现故障,且只发生在灯L或电阻R上,电流表示数为0,则电路出现了断路现象;(2)把电压表并联到a、b两端:电压表有示数,且为U,说明灯泡L断路;电压表无示数,说明R断路;把电压表并联到bc两端:电压表有示数,且为U,说明R断路;电压表无示数,说明灯泡L断路。故答案为:(1)断路;(2)把电压表并联到a、b两端:电压表有示数,且为U,说明灯泡L断路;电压表无示数,说明R断路;把电压表并联到bc两端:电压表有示数,且为U,说明R断路;电压表无示数,说明灯泡L断路。页(共页):..本题考查了学生能在实验操作中用电压表以及灯泡判断电路故障的方法,是检修电路的基础。.【分析】(1)最早测量大气压的实验,是由意大利科学家托里拆利完成的;(2)根据观点一知:管内部分液体变成气体,管内气体越多,气压越大,液面下降越多找出相应图;根据观点二知:管内液面上方是真空,大气压支撑起液柱,根据p=gh分析解答,找出相应的图。【解答】解:(1)意大利科学家托里拆利利用一根玻璃管测出了大气压所能支持的水银柱的高度,即760mm;(2)根据观点一知:管内部分液体变成气体,管内气体越多,气压越大,液面下降越多;酒比水易变成气体,管中气体多,气压大,液柱低,应出现图C中甲图的现象;根据观点二知:管内液面上方是真空,大气压支撑起液柱,酒精的密度小于水的密度,根据p=ρgh知,大气压一定,密度小的酒精,液柱高,应出现图C中丙图的现象。故答案为:托里拆利;甲;丙。【点评】本题考查了托里拆利实验的探究和数据的判断,是一道新颖的题目。三、作图题(共分)请将图直接画在答题纸的相应位置,作图必须使用2B铅笔。13.【分析】根据光的反射定律:反射光线、入射光线和法线在同一平面内,反射光线、入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角,作出反射光线并标出反射角及其度数。【解答】解:已知入射角为60°,根据光的反射定律可知反射角也为60°;根据反射角等于入射角,在法线的右侧画出反射光线OB,并标出反射角及其度数,如图所示:【点评】由于题目已经作出法线,根据反射角等于入射角,在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可,注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。14.【分析】①根据图中通电螺线管的N、S极,可判断磁感线的方向。②根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。③最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向,标出电源的正负极。页(共页):..解:如图,螺线管的左端为极,右端为S极。因为在磁体外部,磁感线总是从磁体的N极发出,最后回到S极,故图中磁感线方向方向向右。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极,右端为S极。根据安培定则:伸出右手,使右手大拇指指向通电螺线管的N极,则四指弯曲所指的方向为电流的方向,即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极,左端为负极。如图所示:【点评】安培定则涉及三个方向:磁场方向;电流方向;线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。四、综合题(共分)请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。15.【分析】已知动力臂、阻力臂与阻力大小,由杠杆平衡条件可以求出动力大小。【解答】解:由杠杆平衡条件得:F1×l1=F2×l2,即:F×=60N×,1则动力F=20N。1答:杠杆平衡时,作用在杠杆上的动力为20N。【点评】本题考查了求动力大小,应用杠杆平衡条件即可正确解题。16.【分析】(1)从图可知,货物上升的距离和时间,根据速度公式求解即可。(2)知道定滑轮的特点:使用定滑轮不省力但能改变用力方向。(3)由图可知,知道拉力的大小及拉力运动的距离,根据W=Fs即可求解。【解答】解:(1)由图可知,货物上升的速度v===。(2)由图可知,该滑轮为定滑轮,使用定滑轮不省力,即小明同学对绳子的拉力F=G=100N。(3)由图可知,,则6秒内小明同学对货物做的功W=Fs=100N×=480J。页(共页):..()。(2)小明同学对绳的拉力为100N。(3)6秒内小明同学对货物做的功为480J。【点评】本题考查速度公式、定滑轮的特点及功的原理和计算,解决该题的关键是弄明白做功的因素是有力作用在物体上和在力的方向上移动的距离。17.【分析】由电路图可知,R1与R2并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流。(1)根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定A1、A2电流表的量程,再根据分度值读出示数,进一步即可求出通过R1的电流;(2)利用欧姆定律求出电源电压;(3)根据“替换前后只有一个电流表的示数发生了变化”确定替换的电阻;,求出干路电流,根据并联电路的电流特点求出通过R的电流,再根x据欧姆定律求出Rx的阻值。【解答】解:由电路图可知,R1与R2并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流,电压表测电源的电压。(1)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,且两电流表指针的位置相同,所以,电流表A的量程为0~3A,,干路电流I=,电流表A1的量程为0~,,通过R1的电流I1=,(2)因并联电路中各支路两端的电压相等,由I=可得,电源电压:U=U=IR=×30=9V;111(3)由题知,用电阻Rx替换电阻R1、R2中的一个,替换前后,只有一个电流表的示数发生了变化;若用R替换电阻R,则电流表A所在支路的电阻发生变化,电流表A的示数会发生x111变化,同时干路电流也会发生变化,即电流表A的示数发生变化,不符合题意;因此只能是用R替换电阻R;,则干路电流变为:I′=I﹣△I=﹣=,根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知,此时通过Rx的电流为:Ix=I′﹣I1=﹣=,页(共页):..=可得,R的阻值:xR===10。x答:(1)电流表A的示数大于电流表A1的示数,。(2)电源电压U的大小为9V。(3)Rx替换的是电阻R2。未知电阻Rx的阻值为10Ω。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用以及电路的动态分析,关键是电流表量程的确定和读数以及根据题意确定出替换的电阻。18.【分析】(1)知道溢水杯甲中所装水的质量,根据ρ=求出溢水杯甲中所装水的体积;(2)圆柱形容器乙中液体对容器底部的压力和液体的重力相等,根据F=pS求出水对容器底部压力的增加量即为甲容器内溢出水的重力,根据阿基米德原理求出物体A受到的浮力,利用F=ρgV求出物体A排开水的体积,然后与物体A的体积相比较判断其浮液排是否浸没在溢水杯甲中,根据物体浮沉条件求出物体A的重力,利用G=mg求出物体A的质量,利用ρ=求出物体A的密度。【解答】解:(1)由ρ=可得,溢水杯甲中所装水的体积:V===2×10﹣3m3;水(2)因圆柱形容器乙中液体对容器底部的压力和液体的重力相等,所以,由p=可得,甲容器内溢出水的重力即乙中水对容器底部压力的增加量:G=△G=△F=△pS=588Pa×1×10﹣2m2=,溢乙乙乙乙由阿基米德原理可知,物体A受到的浮力:F=G=G=,浮排溢由F=ρgV可得,物体A排开水的体积:浮液排V===6×10﹣4m3<1×10﹣3m3,排则物体A没有浸没在溢水杯甲中,其重力G=F=,A浮由G=mg可得,物体A的质量:m===,A页(共页):..的密度:===×103kg/m3。A答:(1)溢水杯甲中所装水的体积为2×10﹣3m3;(2)物体A没有浸没在溢水杯甲中,×103kg/m3。【点评】本题考查了密度公式和压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件、重力公式、密度公式的综合应用,要注意圆柱形容器乙中液体对容器底部的压力和液体的重力相等。19.【分析】(1)根据电压表读数的2种可能,由电压先判断电路的连接关系;电压表在电路中的位置只有3种可能(测灯两端的电压或测变阻器两端的电压或测灯和变阻器两端的总电压),结合灯的额定电压,根据电源电压是2V的整数倍,判断电压表的示数和连接位置;(2)由(1)判断灯的额定电压和电源电压的大小,根据电流表小量程读出电流的大小,由PL=UL×IL求灯的额定功率。【解答】解:(1)由题意,当滑片移到某位置时,电流表、电压表的示数分别如图所示时,小灯泡恰好正常发光。由指针的位置,若使用大量程0﹣15V,,;若使用小量程0﹣3V,,,电流表使用小量程,,,又因灯上标有“”和“”字样,且电源电压为2伏的整数倍且保持不变,他正确串联实验器材后;,,,所以电压表不可能直接并联在灯的两端,也不能并联在电源的两端(),若并联在变阻器的两端,根据串联电路电压的特点,此时,+=+=10V,,电压表测滑动变阻器两端的电压时,电源电压是2V的整数倍;,≠,≠,所以电压表不能直接并联在灯的两端,更不能并联在电源的两端(),若电压表并联在变阻器的两端,根据串联电路电压的特点,此时,+=+=4V,,电压表测滑动变阻器两端的电压时,电源电压是2V的整数倍;(2)由(1),灯的额定功率PL=UL×IL=×=,电源电压为4V或10V。故答案为:(1)滑动变阻器;,,,所页(共页):..不是2V的整数倍),若并联在变阻器的两端,根据串联电路电压的特点,此时,+=+=10V,,电压表测滑动变阻器两端的电压时,电源电压是2V的整数倍;同理,,电压表也只能测滑动变阻器两端的电压,此时电源电压为4V,也是2V的整数倍,所以电压表应并联在滑动变器的两端;(2);;4或10。【点评】解答本题的关键运用所学知识结合题目条件进行演绎分析推理,从而判断出电压表并联的位置以及灯泡的额定电压,考查了学生的发散思维能力和推理能力,综合性强,难度大,对能力要求高。20.【分析】(1)我们使用相同的酒精灯(或加热器)通过加热时间的长短来比较吸热多少,这种方法叫转换法;(2)①②比较物质吸热能力的2种方法:使相同质量的不同物质升高相同的温度,比较吸收的热量(即比较加热时间),吸收热量多的吸热能力强;使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间),比较温度的变化,温度变化小的吸热能力强;③因甲的比热容大,根据Q=cm△t,质量相同的甲、乙两种液体升高相同的温度,甲吸热多,据此分析。【解答】解:(1)实验中使用相同的酒精灯对其进行加热,根据转换法,通过加热时间长短可知吸收热量的多少;(2)分析表一中信息,升高相同的温度,比较加热时间的长短,故小明采用的是方案二;(3)分析表二中数据,相同质量的丙、丁两种液体,加热相同时间,吸收相同的热量,丙的温度升的低,则丙的吸热能力强;(4)根据表一中的数据可知,质量相同甲、乙两种液体,升高相同的温度,甲的加热时间长,则甲吸收的热量多,甲的吸热能力强,甲的比热容大;对比甲、丙实验可知,质量相同甲、乙两种液体,升高相同的温度,甲的加热时间长,则甲吸收的热量多,甲的吸热能力比丙强,即甲的比热容大;如果在甲、丙两种液体中选择一种作为冷却剂,应选甲液体更加合适。故答案为:(1)加热时间长短;(2)方案二;(3)丙的吸热能力强;(4)甲。页(共页):..本题比较不同物质的吸热能力,考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法以及比热容大的运用,为热学中的重要实验。页(共页)