文档介绍：该【2024版高考物理专题-动量与能量压轴题特训(含答案详解) 】是由【朱老师】上传分享，文档一共【31】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2024版高考物理专题-动量与能量压轴题特训(含答案详解) 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。-1-,一个轻质弹簧左端固定在墙上,一个质量为m的木块以速度v0从右边沿光滑水平面向左运动,与弹簧发生相互作用,设相互作用的过程中弹簧始终在弹性限度范围内,那么整个相互作用过程中弹簧对木块的冲量I的大小和弹簧对木块做的功W分别是(C),如下列图,A的质量为m,B?的质量为M,当连接A、B的绳子突然断开后,物体A上升经某一位置时的速度大小为v,这时物体B的下落速度大小为u,在这一段时间里,弹簧的弹力对物体A的冲量为〔 D 〕-++,水平光滑地面上依次放置着质量m=。质量M=、大小可忽略的小铜块以初速度v0=,当铜块滑离第一块木板时,速度大小为v1=。取g=10m/s2,结果保存两位有效数字。求:①第一块木板的最终速度②铜块的最终速度。-2-解答:①铜块和10个长木板在水平方向不受外力,所以系统动量守恒。设铜块滑动第二块木板时,第一块木板的最终速度为v2,由动量守恒定律得,Mv0=Mv1+10mv2解得v2=.②由题可知,铜块最终停在第二块木板上,设铜块的最终速度为v3,由动量守恒定律得:Mv1+9mv2=(M+9m)v3解得:v3=.一弹丸在飞行到距离地面5m高时仅有水平速度v=2m/s,爆炸成为甲、乙两块水平飞出,甲、乙的质量比为3∶,取重力加速度g=10m/s2,那么以下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的选项是( ) 设弹丸爆炸前质量为m,爆炸成甲、乙两块后质量比为3∶1,可知m甲=m,m乙=、乙的速度分别为v1、v2,爆炸过程中甲、乙组成的系统在水平方向动量守恒,取弹丸运动方向为正方向,有mv=mv1+mv2,得3v1+v2=、乙两弹片水平飞出,,h=gt2,可得t==1s;水平方向做匀速直线运动,x=vt,所以甲、乙飞行的水平位移大小与爆炸后甲、乙获得的速度大小在数值上相等,因此也应满足3x1+x2=8,从选项图中所给数据可知,B正确.【点拨】爆炸后,一定有一块弹片速度增加,大于原来速度.-3-,方盒A静止在光滑的水平面上,盒内有一小滑块B,盒的质量是滑块的2倍,,与盒的左、右壁发生无机械能损失的碰撞,滑块在盒中来回运动屡次,最终相对于盒静止,那么此时盒的速度大小为________,.【解析】方盒A与小滑块B组成的系统动量守恒,mBv=(mA+mB)v1,又mA=2mB,所以v1=,对系统由动能定理得-μmBg·x=(mA+mB)v-mBv2,解得x=.【答案】,光滑冰面上静止放置一外表光滑的斜面体,,冰块平滑地滑上斜面体,在斜面体上上升的最大高度h=(h小于斜面体的高度).小孩与滑板的总质量m1=30kg,冰块的质量m2=10kg,=10m/s2.(1)求斜面体的质量;(2)通过计算判断,冰块与斜面体别离后能否追上小孩?6.【解析】(1),设此共同速度为v,=(m2+m3)v ①m2v=(m2+m3)v2+m2gh ②式中v20=-3m/s为冰块推出时的速度,联立①②式并代入题给数据得m3=20③(2)设小孩推出冰块后的速度为v1,由动量守恒定律有-4-m1v1+m2v20=0 ④代入数据得v1=1m/s ⑤设冰块与斜面体别离后的速度分别为v2和v3,由动量守恒和机械能守恒定律有m2v20=m2v2+m3v3 ⑥m2v=m2v+m3v ⑦联立③⑥⑦式并代入数据得v2=1m/s由于冰块与斜面体别离后的速度与小孩推出冰块后的速度相同且处在前方,故冰块不能追上小孩.【答案】(1)20kg (2),三个质量相同的滑块A、B、C,,一段时间后A与B发生碰撞,碰后A、B分别以v0、v0的速度向右运动,B再与C发生碰撞,碰后B、、、.【解析】设滑块质量为m,A与B碰撞前A的速度为vA,由题意知,碰后A的速度vA′=v0;碰后B的速度vB=v0由动量守恒定律得mvA=mvA′+mvB ①设碰撞前A克服轨道阻力所做的功为WA,由功能关系得WA=mv-mv ②设B与C碰撞前B的速度为vB′,B克服轨道阻力所做的功为WB,由功能关系得WB=mv-mvB′2 ③由于三者间隔相等,滑块A、B与轨道间的动摩擦因数相等,那么有WA=WB ④设B、C碰后瞬间共同速度的大小为v,由动量守恒定律得:mvB′=2mv ⑤联立①②③④⑤式,代入数据得v=v0 ⑥-5-【答案】 ,光滑水平轨道上放置长板A(上外表粗糙)和滑块C,滑块B置于A的左端,三者质量分别为mA=2kg、mB=1kg、mC=,A、B一起以v0=5m/s的速度匀速向右运动,A与C发生碰撞(时间极短)后C向右运动,经过一段时间,A、B再次到达共同速度一起向右运动,.【解析】设A与C发生碰撞后瞬间,A的速度大小为vA,方向向右,,由动量守恒定律得mAv0=mAvA+mCvC ①A与B相互作用,设最终到达的共同速度为v,由动量守恒定律得:mBv0+mAvA=(mA+mB)v ②A与B到达共同速度后恰不与C碰撞,那么应有v=vC ③联立①②③解得vA=2m/s【答案】 2m/s【点拨】此题分别对A、C和A、B的作用过程应用动量守恒定律,还要关注“恰好不再与C碰撞〞。一辆质量M=3kg的小车A静止在光滑的水平面上,将一轻质弹簧城压越缩并锁定,此时弹簧的弹性势能为Ep=6J,质量m=1kg的光滑小球B紧挨轻弹簧右端静止放置。解除轻弹簧的锁定。小球B被弹出并脱离弹簧,求小球脱离弹簧时小车的速度大小。解答:A.?B组成的系统动量守恒,在解除锁定到A.?B分开过程中,系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得:mBvB?mAvA=0,由能量守恒定律得:12mAv2A+12mBv2B=EP,联立并代入数据解得:vA=1m/s,vB=3m/s;答:小球脱离弹簧时小车的速度大小为1m/s.-6-,在光滑的水平面上有一长为L的木板B,上外表粗糙,在其左端有一光滑的1/4圆弧槽C,与长木板接触但不相连,圆弧槽的下端与木板上外表相平,B、C静止在水平面上。现有滑块A以初速V0从右端滑上B,并以1/2V0滑离B,、B.?C的质量均为m,试求:(1)木板B上外表的动摩擦因素μ;(2)1/4圆弧槽C的半径R;(3)当A滑离C时,C的速度。,质量M=4kg的滑板B静止放在光滑水平面上,其右端固定一根轻质弹簧,弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=,这段滑板与木块A(可视为质点)之间的动摩擦因数μ=,而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上外表光滑。小木块A以速度v0=10m/s由滑板B左端开始沿滑板B外表向右运动。木块A的质量m=1kg,g取10m/:(1)弹簧被压缩到最短时木块A的速度;(2)木块A到达弹簧C端时的速度vA(取两位有效数字)-7-(3)木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能。,一个质量m=4kg的物块以速度v=2m/s水平滑上一静止的平板车上,平板车质量M=16kg,物块与平板车之间的动摩擦因数μ=,其它摩擦不计(取g=10m/s2),求:(1)物块相对平板车静止时,物块的速度;(2)物块相对平板车上滑行,要使物块在平板车上不滑下,平板车至少多长?解答:(1)物块和平板车的相互作用过程中系统动量守恒,以物块初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:mv=(M+m)v共…①,代入数据解得:v共=;(2)为了使物块不滑离平板车,设车长为L,由能量守恒定律得:12mv2?12(M+m)v2共<μmgL…②,由①②式得:L>;,光滑水平路面上,有一质量为m1=5kg的无动力小车以匀速率v0=2m/s向前行驶,小车由轻绳与另一质量为m2=25kg的车厢连结,车厢右端有一质量为m3=20kg的物体〔可视为质点〕,物体与车厢的动摩擦因数为μ=,开始物体静止在车厢上,:-8-〔1〕当小车、车厢、物体以共同速度运动时,物体相对车厢的位移〔设物体不会从车厢上滑下〕;〔2〕从绳拉紧到小车、车厢、物体具有共同速度所需时间.〔取g=10m/s2〕,固定的光滑的弧形轨道末端水平,固定于水平桌面上,B球静止于轨道的末端。,A球质量为2m,B球质量为m,A.?B均可视为质点,不计空气阻力及碰撞过程中的机械能的损失。求:A.?B两球落地点的水平距离?-10-,其截面如下列图。图中ab为粗糙的水平面,长度为L;bc为一光滑斜面,斜面和水平面通过与ab和bc均相切的长度可忽略的光滑圆弧连接。现有一质量为m的木块以大小为v0的水平初速度从a点向左运动,在斜面上上升的最大高度为h,返回后在到达a点前与物体P相对静止。:(1)木块在ab段受到的摩擦力f;(2)?→π?+π0,如下列图,其中Kˉ介子和πˉ介子带负的基元电荷,π0介子不带电。一个Kˉ介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中,其轨迹为圆弧AP,衰变后产生的πˉ介子的轨迹为圆弧PB,两轨迹在P点相切,它们的半径RKˉ与Rπ?之比为2:。由此可知πˉ介子的动量大小与-11-π0介子的动量大小之比为〔〕A.?1:1 B.?1:2 C.?1:3 D.?1:,光滑的水平地面上有一木板,其左端放有一重物,右方有一竖直的墙。重物质量为木板质量的2倍,,某时刻木板与墙发生弹性碰撞,碰撞时间极短。求木板从第一次与墙碰撞到再次碰撞所经历的时间。设木板足够长,重物始终在木板上。,圆管构成的半圆形轨道竖直固定在水平地面上,轨道半径为R,MN为直径且与水平面垂直,直径略小于圆管内径的小球A以某一速度冲进轨道,到达半圆轨道最高点