文档介绍：该【考向01 匀变速直线运动规律-备战2023年高考物理一轮复习考点微专题(全国通用)(解析版) 】是由【1781111****】上传分享，文档一共【17】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【考向01 匀变速直线运动规律-备战2023年高考物理一轮复习考点微专题(全国通用)(解析版) 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像,汽车刹车过程可视为匀减速运动,下列说法正确是(),运动速度小于5m/,位移大于5m【答案】D。【解析】解:A、汽车刹车后做匀减速直线运动,由图可知,初速度为v0=10m/s,位移为x=10m,则x=t,解得汽车刹车过程的时间为t==s=2s,故A错误;B、汽车刹车过程的加速度大小为a==m/s2=5m/s2,故B错误;C、当汽车运动的位移为5m时,根据v2﹣v2=﹣2ax得v==m/s=5m/s,0故C错误;D、当汽车速度为5m/s时,根据v2﹣v2=﹣2ax得x==m=>5m,故D正确。0:..182022?和平区校级二模)ETC是电子不停车收费系统的简称,可以加快高速公路的通行。甲、乙两车同向分别走ETC通道和人工通道,初速度和加速度均相同,通过后又加速到原来的速度,从甲车减速开始计时,v﹣t图像如图所示(10s后的图像未画出),两车在t=6s时恰好在A线(收费处)相遇,乙车停车人工缴费耗时15s,求:(1)t=0时,甲乙两车相距多少米?(2)乙车从减速到恢复原来速度共历时多少秒?(3)走ETC通道比走人工通道节约时间为多少秒?【答案】(1)t=0时,甲乙两车相距35米;(2)乙车从减速到恢复原来速度共历时31秒;(3)走ETC通道比走人工通道节约时间为20秒。【解析】解:(1)两车减速时的加速度大小:(1分)在0~6s内,甲车位移乙车位移,则t=0时,甲车在乙车后面Δx=x﹣x=80m﹣45m=35m处(1分)甲乙(2)乙车减速到零用时:.(1分)从减速到恢复原来速度所用的总时间为:t=2t+Δt=8×2s+15s=31s乙0(3)由图甲从减速到恢复原来速度用时t=10s,甲位移,乙车31s内运动的总位移,(1分)甲车节约时间解得Δt=20s。19.(2022?吉林模拟)“警匪片”电影中常有惊险刺激的特技场景,比如警察或歹徒从高处跳下落在行驶的汽车上。如图所示,一位特技演员在进行特技场景试镜排练,他从离地面高h1=6m的楼房窗口自由:..离下落点正下方3m处。已知该汽车车头长2m,汽车平板长5m,平板面离地面高h2=1m。将演员视为质点,重力加速度g取10m/s2,不计空气阻力。求:(1)本次试镜排练中,演员落在了汽车的平板上,求汽车做匀速运动的速度大小范围;(2)演员落在平板上之后,受到平板滑动摩擦力的作用,在水平方向相对地面做初速度为零的匀加速直线运动。若汽车做匀速运动的速度为6m/s,演员的速度增至车速时恰好处在车尾,求演员落在平板上之后运动的加速度大小。【答案】(1)本次试镜排练中,演员落在了汽车的平板上,汽车做匀速运动的速度大小范围是;(2)。【解析】解:(1)设人下落时间为t,则有:h﹣h=gt212代入数据可得:t=1s车在时间t内运动的位移为:x=vt0当演员恰好落在车厢的最前面时有:x=5m则有:v=5m/s;当演员落在车厢的最后时有:x=10m所以有:v=10m/s可得,车的速度范围为:6m/s≤v≤10m/s(2)若汽车做匀速运动的速度为6m/s,人在车上的落点距车尾端距离为:d=10m﹣6m=4m演员落在平板车上后,水平方向做匀加速直线运动,设经时间t′演员与车达到相等的速度,则有:v0=at′该过程中车的位移为:x1=v0t′演员的位移为:演员相对于车的位移为:△x=x﹣x=d12代入数据解得:a=:..20(2022?广东)如图是滑雪道的示意图。可视为质点的运动员从斜坡上的M点由静止自由滑下,经过水平NP段后飞入空中,在Q点落地。不计运动员经过N点的机械能损失,不计摩擦力和空气阻力。下列能表示该过程运动员速度大小v或加速度大小a随时间t变化的图像是().【答案】C。【解析】解:因为不计摩擦,运动员在MN阶段做匀加速运动,加速度为a=gsin,则运动员的速度均匀增加;在NP阶段做匀速运动,加速度为0,运动员的速度保持不变;在PQ阶段做平抛运动,加速度为a=g,如果设从P点飞出的速度为v0,平抛过程中的合速度为v,则有:v==,v与t不再是线性关系,故C正确,ABD错误;21.(2019?海南)汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶。前方突遇险情,司机紧急刹车,汽车做匀减速运动,加速度大小为8m/,汽车运动的距离为()【答案】C。【解析】解:由题意知,车速v=20m/s,刹车的加速度大小为8m/s2,最后末速度减为0,由推导公式v2=2ax可得:x=25m,故C正确,ABD错误。22.(2018?浙江)如图所示,竖井中的升降机可将地下深处的矿石快速运送到地面。某一竖井的深度为104m,升降机运行的最大速度为8m/s,加速度大小不超过1m/,则将矿石从井:..)【答案】C。【解析】解:升降机先做加速运动,后做匀速运动,最后做减速运动,在加速阶段,所需时间,通过的位移为在减速阶段与加速阶段相同,在匀速阶段所需时间为:总时间为:t=2t+t=21s12故C正确23.(2019?新课标Ⅰ)如图,篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮,,,则满足()<<<<<<<<5【答案】C。【解析】解:逆向分析可以看作是自由落体运动,根据初速度为零的匀加速直线运动中,连续相等的位移内时间之比等于1::::……:﹣可得:==2+,故3<<4,故C正确、ABD错误。24.(2020?新课标Ⅰ)我国自主研制了运﹣20重型运输机。飞机获得的升力大小F可用F=kv2描写,k为系数;v是飞机在平直跑道上的滑行速度,F与飞机所受重力相等时的v称为飞机的起飞离地速度。×105kg时,起飞离地速度为66m/s;×105kg,装载货物前后:..k值可视为不变。(1)求飞机装载货物后的起飞离地速度;(2)若该飞机装载货物后,从静止开始匀加速滑行1521m起飞离地,求飞机在滑行过程中加速度的大小和所用的时间。【答案】(1)飞机装载货物后的起飞离地速度为78m/s;(2)若该飞机装载货物后,从静止开始匀加速滑行1521m起飞离地,飞机在滑行过程中加速度的大小为2m/s2,所用的时间为39s。【解析】解:(1)令飞机装载货物前的起飞速度为v,飞机的质量为m1离地时有,代入数据解得k=N?s2/m2,令飞机装载货物后的质量为m′,飞机的起飞速度为v2,则当飞机起飞时有,则v2=78m/s;(2)根据运动学公式可知,飞机在滑行过程中加速度的大小为a==2m/s2,所用时间为t==39s。