文档介绍：该【四川省2022年高考物理试卷和答案解析(甲卷) 】是由【1781111****】上传分享，文档一共【15】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【四川省2022年高考物理试卷和答案解析(甲卷) 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时,小球的电势能最大,由于小球所受的重力和电场力的大小相等,所以此时小球的速度方向向下,大小等于抛出时小球的速度大小,所以此时的动能等于初始动能,故B正确;页,共15页:..、合外力先对小球做负功,再做正功,合外力做正功的过程中,小球的动能一直增大,所以小球动能没有最大值,故C错误;D、从射出时刻到小球速度的水平分量为零时,小球的动能等于初始动能,此过程中动能变化为零,则合外力做功为零,所以重力做的功等于小球电势能的增加量,故D正确。故选:BD。小球只受重力和电场力,其重力势能、电势能与动能之和不变;当小球沿水平方向的速度减为零时,小球克服电场力做的功最多,小球的电势能最大,根据受力情况分析动能的变化、以及重力做的功与克服电场力做功之间的关系;小球动能没有最大值。本题主要是考查带电粒子在电场中的运动,关键是知道小球只受重力和电场力,其重力势能、电势能与动能之和不变,类似机械能守恒。9.【答案】;【解析】解:为了准确测出微安表两端的电压,可以让微安表与定值电阻并联,再与电流表串联,通过电流表的电流与微安表的电流之差,可求出流过定值电阻的电流,从而求出微安表两端的电压,进而求出微安表的内阻,由于电源电压过大,并且为了测量多组数据,滑动变阻器采用分压式解法,实验电路原理图如图所示某次测量中,微安表的示数为,电流表的示数为,根据串并联电路规律和欧姆定律得解得:。故答案为:图见解析根据伏安法测电阻原理进行变式和已知元件设计电路;根据串并联电路规律和欧姆定律求微安表内阻。页,共15页:..本题考查微安表内阻测定,测定电表内阻通常有两种方法:半偏法和伏安法,本实验是通过伏安法测电表内阻,关键要设计电路测出微安表两端电压和流过电流。10.【答案】【解析】解:两滑块的质量分别为和,要想使碰撞后两滑块运动方向相反,则滑块质量要小,才有可能反向运动,故选的滑块作为A。因为位移相等,所以速度之比等于时间之比的倒数,由表中数据可得,。的平均值为:。由机械能守恒定律和动量守恒定律可得:;,联立解得:,代入数据,可得:。用动量守恒定律分析一维碰撞问题,验证是否为弹性碰撞必然要用到机械能守恒定律和动量守恒定律,需要对碰撞前后的状态进行分析,判断是否同时满足机械能守恒定律和动量守恒定律。本题考查用动量守恒定律去分析一维碰撞问题,需要对学生动量定理和机械能守恒定律有较深刻的认识,明确实验原理和内容。11.【答案】解:因为每相邻两个小球之间被删去了3个影像,所以每相邻两个小球之间有4次闪光间隔,即相邻两个小球之间的时间为因为第一个小球为抛出点,所以第一段运动对应的竖直位移大小为第二段运动对应的竖直位移大小为设小球抛出时的初速度大小为v,则可以表示为同理可以表示为又联立解得。答:抛出瞬间小球的速度大小为。【解析】先计算出小球每一段运动所用的时间,再根据竖直方向上的运动规律求出每一段运动对应的竖直位移,结合水平方向上的匀速直线运动,分别求出两段运动中、的表达式,根据题干提供的比值进行求解。页,共15页:..本题考查平抛运动的有关计算,突破点在于知道两段运动的时间是相等的,且水平方向是匀速直线运动,再结合数学知识求出两线段长度的表达式即可解决问题。12.【答案】解:当在线圈中通入的微小电流为时,线圈中存在安培力,,再根据胡克定律有:,解得:;设此时细杆转动的弧度为,则反射光线转过的弧度为,由题可知,,所以有,,,,联立可得:。因为测量前未调零,设没有通电时反射光点偏移的弧长为且在O点上方,由将电流通入线圈后,PQ上反射光点出现在O点上方,与O点间的弧长为可知,,当该电流反向接入后,反射光点出现在O点下方,与O点间的弧长为可知,,可得:,同理当初始时反射光点在O点下方时,也可以得到相同的结果;解得:。【解析】首先要进行受力分析,利用胡克定律求出形变量,再根据光的反射定律结合角度变化求出弧长,再利用弧长的表达式,可以反过来求出电流的大小。本题考查安培力和光的反射定律,需要考生对这两个知识点有着较深刻的理解,难度较大。13.【答案】BCE【解析】解:A、根据一定质量的理想气体状态方程可得:,从a到b为过坐标原点的倾斜直线,故气体做等容变化,气体不做功,故A错误;B、从a到b,气体的温度逐渐升高,分子的平均动能逐渐增大,故内能一直增加,故B正确;CDE、由于气体从a到b不做功,且内能逐渐增大,根据热力学第一定律可知,气体一直从外界吸热,且吸收的热量等于其内能的增加量,故CE正确,D错误;故选:BCE。在图线中,ab为过坐标原点的直线,气体做等容变化,气体不做功,温度升高,分子的平均动能增大,内能增大,结合热力学第一定律即可判断。本题主要考查了图像,抓住ab过坐标原点为等容变化,结合热力学第一定律即可判断。14.【答案】解:在升温过程中,B汽缸中活塞缓慢下移,最终到达汽缸底部,此过程为等压变化,各部分气体的压强始终等于对于第部分气体,升温前压强为,体积为页,共15页:..升温之后的体积为,设活塞刚到达汽缸底部时的温度为,由盖-吕萨克定律可得:解得:将Ⅱ、Ⅲ中的气体看作一个整体,初始压强为,温度为,体积为当温度升至时,设此时这部分气体的压强为,体积为,由理想气体的状态方程得:缓慢升温过程中,汽缸中活塞上、下两部分的气体压强始终相等,所以对第气体在升温前后有:联立可得:答:汽缸中的活塞刚到达汽缸底部时的温度为;汽缸中的活塞到达汽缸底部后,B汽缸内第部分气体的压强为。【解析】刚开始升温时,各部分气体都处于等压变化,对第部分气体应用盖-吕萨克定律即可求出变化后的温度;第Ⅱ和第Ⅲ部分气体处于连通状态,可以看成一个整体,分别对这部分和第部分气体应用理想气体的状态方程列式,联立即可求解。本题考查理想气体的实验定律和理想气体的状态方程,牢记定律内容及相关公式。处理第二问时,关键点在于将第Ⅱ、Ⅲ两部分气体看作一个整体处理,并且知道B气缸活塞上、下两部分气体的压强相等。15.【答案】向下运动【解析】解:设波的解析式为由题图知,波图像过点和,代入数据得则即;该波的波速,则;因所以时刻振动形式和零时刻相同,根据“爬坡法”可知质点A向下运动。故答案为:4,,向下运动页,共15页:..根据题图中各点坐标求出波的解析式,即可知波长;根据、求周期和频率;根据传播时间和周期关系分析质点运动情况。本题考查横波的图像与波速度、波长、频率的计算,解题关键掌握波的解析式求解,会根据波的传播情况分析质点振动情况。16.【答案】解:设该棱镜的临界角为,折射率为,由临界角和折射率的关系可知:设光线从M点射入棱镜后折射角为,由几何关系可得:由折射定律可知:联立可得:解得:,即棱镜的折射率为将上述几何关系表示在下图:由数学知识可求得:且由几何关系可得:M是AB的中点,所以,且联立解得:页,共15页:..即、C两点之间的距离为答:棱镜的折射率为,P、C两点之间的距离为。【解析】根据题目条件,分别用折射定律和全反射的定义写出折射率的表达式,再利用几何关系联立求解即可得出折射率的大小;再根据几何关系求出P、C两点之间的距离即可。本题考查光的折射定律、全反射等相关知识和计算问题,突破点在于灵活运用折射率的不同表达形式,并联合几何知识快速求解。页,共15页