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能级公式和跃迁;光电效应.【答案】解:AB、一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时最多能产生=3种不同频率的光子,故其中从n=3能级跃迁到n=1能级产生的光子能量最大,频率最大,:E=hν﹣w=E﹣E﹣wk0310代入数据解得:E==知p=,从n=3能级跃迁到n=1能级产生的光子动量最大,故A错误,B正确;C、从n=2能级的氢原子跃迁到n=3需要E=﹣﹣(﹣)=<eV的光子能量,<,不能使金属钠发生光电效应,故C错误;D、n=4能级的氢原子跃迁发出的光的能量可以是E=﹣﹣(﹣)=,,不满足能量差等于能级3到能级4的能量差值,氢原子不能跃迁到n=4激发态,故D错误;故选:B。8.【知识点】光的折射定律;全反射;光的干涉.【答案】解:当光由光密介质射入光疏介质时,如果入射角等于或大于临界角时,就会发生全反射现象,光从水射向空气时,会发生第18页(共35页):..全反射现象。水中的气泡看起来特别明亮,是因为光从水中射入气泡时,一分部光在界面上发生了全反射,折射光消失,入射光几乎全变为反射光的缘故;故ABD错误,C正确;故选:C。9.【知识点】带电粒子在匀强电场中的运动;匀变速直线运动规律的综合运用;牛顿第二定律;动能定理;能量守恒定律.【答案】解:A、因为不知道两粒子的电性,故无法确定M板和N板的电势高低,故A错误;B、根据题意可知垂直M板向右的粒子,到达N板时速度增加,动能增加,则电场力做正功,电势能减小;则平行M板向下的粒子达到N板时电场力也做正功,电势能也减小,故B错误;CD。设两板间距离为d,对于平行M板向下的粒子刚好从N板下端射出,在两板间做类平抛运动,有对于垂直M板向右的粒子,在板间做匀加速直线运动,因两粒子相同,在电场中的加速度也相同,有联立解得:;,故C正确,D错误;故选:C。第19页(共35页):..10.【知识点】共点力的平衡;受力分析的应用;牛顿第三定律.【答案】解:AB、设每根斜杆受力为F,对斜杆与横杆的结点受力分析如图1有:F=,解得:F=G;故A错误,B正确;图1CD、对某个斜杆受力分析如图2有:Fsin30°=f,解得f=G,故CD错误;图2故选:B。11.【知识点】简谐运动;简谐运动的振幅、周期和频率;弹性势能.【答案】解:A、物体做简谐运动的条件是在运动过程中所受回复力与位移成正比,且方向始终指向平衡位置,可知小球在杆中点到接触弹簧过程中,所受合力为零,故小球不是做简谐运动,故A错误;BC、假设杆中点为O,小球向右压缩弹簧至最大压缩量时的位置第20页(共35页):..为A,小球向左压缩弹簧至最大压缩量时的位置为B,可知小球做周期为T的往复运动,运动过程为O→A→O→B→O,根据对称性可知小球从O→A→O与O→B→O,这两个过程的动能变化完全一致,两根弹簧的总弹性势能的变化完全一致,故小球动能的变化周期为,两根弹簧的总弹性势能的变化周期为,故B正确,C错误;D、小球的初速度为时,可知小球在匀速阶段的时间变为原来的2倍,接触弹簧过程,根据弹簧振子的周期公式可知,接触弹簧过程中所用时间与速度无关,因此总的运动周期小于2T,故D错误;故选:B。12.【知识点】能量守恒定律;可再生能源和不可再生能源.【答案】解:AB、叶片旋转所形成的圆面积为A单位时间内流过该圆面积的空气柱体积为V=S?vt=Av空气柱的质量为m=ρ?V=ρAv空气柱的动能为E=ρAv?v2=ρAv3k设转化效率为η,转化成的电能为E=η?E=ηρAtv3kp==ηρAv3,则该风力发电机的输出电功率与风速的三次方成正比;故AB错误;第21页(共35页):..C、由B选项可知η=发电量约为W=η?pt=η××108kW×24h=×109kW?h<×109kW?h,故C错误。D、由题意可知某风力发电机在风速为9m/s时,输出电功率为405kW由p==ηρAv3==p=120kW1若风场每年有5000h风速在6~10m/s的风能资源,则该发电机年发电量E=p?t=120kW×5000h=×105kW?h,故D正确;1故选:D。13.【知识点】动能定理;匀变速直线运动规律的综合运用;牛顿第二定律;功率、平均功率和瞬时功率.【答案】解:为了最短时间提升重物,一开始以最大拉力拉重物做匀加速上升,当功率达到额定功率时,保持功率不变直到重物达到最大速度,接着做匀速运动,最后以最大加速度做匀减速上升至平台速度刚好为零,重物在第一阶段做匀加速上升过程,根据牛顿第二定律得:当功率达到额定功率时,设重物的速度为v,则有1第22页(共35页):..此过程中所用的时间和上升的高度分别为重物以最大速度匀速时,有重物最后以最大加速度做匀减速运动的时间和上升的高度分别为设重物从结束匀加速到开始做匀减速运动所用的时间为t,该过程2根据动能定理得:又h=﹣﹣=80m2联立解得:t=+t+t=++=,故C正确,ABD错123误;故选:C。二、选择题Ⅱ(本题共3小题,每小题2分,共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分,选第23页(共35页):..对但不全的得1分,有选错的得0分)14.【知识点】原子核衰变及半衰期、衰变速度;原子核的人工转变.【答案】解:A、根据质量数守恒和核电荷数守恒知,生产C的核反应方程为N+n→C+H,故A正确;B、根据同位素标记法可知产物C可以用作示踪原子,故B正确;C、产物C的发生β衰变产生电子来源于核内中子转变成质子过程,故C错误;D、半衰期具有统计学意义,少量原子无意义,故D错误;故选:AB。15.【知识点】带电粒子在非匀强电场中的运动.【答案】解:A、电场力提供粒子做圆周所需的向心力,则qE=mω2r,解得,由于两粒子的比荷相同,半径越小的,角速度越大,故A错误;B、场力提供粒子做圆周所需的向心力,则qE=,粒子的动能,解得,故电荷量大的粒子的动能一定大,故B正确;C、场力提供粒子做圆周所需的向心力,则qE=,解得v=,粒子的速度大小与轨道半径r一定无关,故C正确;D、当粒子逆时针运动,所加的磁场垂直纸面向外时,此时受到的洛伦兹力指向O点,此时粒子做向心运动,故D错误;故选:BC。第24页(共35页):..16.【知识点】简谐运动的振动图象;波的干涉现象;简谐运动.【答案】解:A、沿x轴正负方向传播的波不会相遇,因而不能发生干涉,故A错误;B、由图可知,﹣=﹣=,则波速为v==m/s=,由图可知波长为λ=1m,则周期为T==s=。在t=,波传播的距离为x=vt=×2m=5m=5λ,即形成5个波长波形,则知波源的起振方向沿y轴正方向。因t==1T,所以t=,波源的位移为正,故B正确;C、t=,t====T,则t=,质点a沿y轴正方向振动,故C错误;D、波从波源传到质点b的时间为t==s=,在0到12s内,质点b振动时间为t=2s﹣==4T,则在0到2s2内,质点b运动总路程是s=×4A=×4×15cm=255cm=,故D正确。故选:BD。三、非选择题(本题共6小题,共55分)17.【知识点】探究小车速度随时间变化的规律;探究加速度与物体质量、物体受力的关系;力的合成的平行四边形定则;牛顿第二定律.【答案】解:(1)①,需要估读到分度值的下一位,根据图2可知,;第25页(共35页):..根据图的数据可知,小车的加速度为②A、利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时,需要满足小车质量远远大于钩码质量,所以不需要换质量更小的车,故A错误;B、利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时,需要利用小车斜向下的分力以平衡其摩擦阻力,所以需要将长木板靠近打点计时器的一端垫高一些,故B正确;C、以系统为研究对象,依题意“探究小车速度随时间变化的规律”实验时,有考虑到实际情况,即f远小于mg,有则可知M=4m而利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时,要保证所悬挂质量远小于小车质量,可知目前实验条件尚不满足,所以利用当前装置在进行实验时,需要将钩码更换成砝码盘和砝码,以满足小车质量远远大于所悬挂物体的质量,故C正确;D、实验过程中,需将连接砝码盘和小车的此生应跟长木板始终保持平行,与之前的相同,故D错误;故选:BC。(2)①A、在不超出弹簧测力计的量程和橡皮条形变限度的条件页(共35页):..下,使拉力适当大些,不必使两只测力计的示数相同,故错误;B、在已记录结点位置的情况下,确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的一个点就可以了,故B错误;C、实验中拉弹簧秤时,只需让弹簧与外壳间没有摩擦,此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉力,与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关,故C错误;D、为了减小实验中摩擦对测量结果的影响,拉橡皮条时,橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板,故D正确;故选:D。②若只有一只弹簧秤,为了完成该实验,用手拉住一条细绳,用弹簧秤拉住另一条细绳,互成角度的拉橡皮条,使其结点到达某一点O,记下位置O和弹簧秤示数F和两个拉力的方向;交换弹簧秤1和手所拉细绳的位置,再次将结点拉至O点,使两力的方向与原来两力方向性相同,并记下此时弹簧秤的示数F,只有一个弹簧2秤将结点拉至O点,并记下此时的弹簧秤示数F的大小和方向;所以若只有一只弹簧秤,为了完成该实验至少需要3次把橡皮条结点拉至O。故答案为:(1)①;;②BC;(2)①D;②318.【知识点】伏安法测电阻;闭合电路的欧姆定律.【答案】解:(1)①根据原理图可知,还需要将af、fd、ce连线;②根据图片可知,;③假定AP部分的电阻为R‘,R’分别与10与100Ω并联再与页(共35页):..部分的电阻串联;由于相同的R'与100并联后的电阻比与10Ω并联后的电阻大,则根据闭合电路的欧姆定律可知,滑片在相同位置下,负载电阻越大,则两端电压越大;即在相同横坐标下,此时负载100Ω时,电压表的示数应该比曲线为图4中的“I”更大,故应该选“II”;由上述分析可知,对不同的负载电阻,调节滑动触头时负载两端的电压变化规律不同,当负载电阻小于滑动变阻器最大阻值时,负载电阻两端电压随滑动触头的变化而迅速变化;当负载电阻大于滑动变阻器最大阻值时,负载电阻两端电压随滑动触头的变化会更佳平稳,从而获得更多的实验数据。所以,在保证电路安全的情况下,滑动变阻器最大阻值的选择依据是相比负载电阻越小越好,即R0<R。(2)根据题意可知,电流表主要部件是永久磁铁和带有指针的线圈,G和G用导线连接起来,当晃动G时,相当于G中的线圈1211做切割磁感线运动,电路中会产生感应电流;由于两个电表构成了闭合回路,则电流会通过G表中的线圈,而该线圈处于磁场中,2由于通电导线在磁场中受到安培力的作用,G的指针也会偏转;2则G表相当于“发电机”,G表相当于“电动机”,故AC错误,12BD正确;故选:BD。故答案为:(1)①af、fd、ce;②;③II;R<R;(2)BD019.【知识点】动能定理;匀变速直线运动的速度与位移的关系;牛页(共35页):Thedocumentwascreated