2024年河南省普通高中招生考试物理试卷黑卷含答案与解析.pdf

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A错误;由题意可知,加热水的过程中,电路中的电流变大,由P=UI知,电路中消耗的总功率变大,B正确;加热水时,热敏电阻的阻值减小,电压表与电流表示数之比等于热敏电阻的阻值,故电压表与电流表示数之比变小,C错误;若需要提高可控温度,则热敏电阻R的阻值将减小,为使电流表(温度显示器)示数不变,则应该更换一个阻值更大2的定值电阻R,、作图题(本题共2小题,每小题2分,共4分)【解析】连接A点与前门的O点,然后再连接B点与前门的O点,则AO为入射光线,OB为反射光线,作入射光线与反射光线的夹角的平分线,再垂直于该角平分线作出平面镜的位置,【解析】由题图可知,戥子可以看作一个杠杆,其支点为点O,故过点O作阻力F的作用2线的垂线段即为阻力臂l;动力为称盘对杆的拉力,其方向竖直向下,根据杠杆平衡条件,2阻力臂大于动力臂,所以动力大于阻力,故动力F的作用线要比阻力F的作用线长一些,、实验探究题(本题共3小题,第17题4分,第18题6分,第19题8分,共18分)17.(1)(1分)相同(2)(1分)温度计示数的变化量(3)(2分)48b【解析】(1)甲中两电阻丝串联,通过的电流和通电时间都相同,为控制a、b两种液体相同时间吸热相同,根据Q=I2Rt,实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同;(2)实验中是通过比较温度计示数的变化量来判断液体吸热能力的强弱;(3)图乙中温度计分度值为2℃,示数为48℃;加热时间相同,两液体吸收相同的热量,b液体温度升高得少,则b液体的吸热能力:...(1)(3分)小桌陷入细沙的深度如表所示(2)(1分)小桌中心的正上方(3)(1分)在图乙装置中,分别将质量不同的小金属块从同一高度释放,比较小桌陷入细沙的深度(4)(1分)5m/s2×t2实验序号金属块的高度h/cm小桌陷入细沙的深度h/cm12123【解析】(1)金属块质量一定时,金属块所处的位置越高,金属块的重力势能越大,金属块下落到小桌时动能越多,金属块对小桌做功越多,小桌陷入细沙的深度越深;探究重力势能和高度的关系,保持物体的质量不变,改变物体的高度,表格中要记录金属块的高度和小桌陷入细沙的深度;为了使实验结论具有普遍性,要进行多次实验,具体如表所示;(2)为了防止小桌撞翻,使金属块在小桌中心的正上方由静止自由释放,观察小桌陷入细沙的深度;(3)为了探究重力势能和质量大小的关系,需要控制高度不变,故在图乙装置中,分别将质量不同的金属块从同一高度释放,比较小桌陷入细沙的深度;(4)根据图像可知,金属块下落高度与时间的平方成正比,设h=kt2,当t2=,h=,代入解得k=5m/s2,故h与t2的关系式为h=5m/s2×.(1)(3分)电流表示数几乎为零(或电压表的示数接近电源电压)如图3所示(2)(1分)待测U-U电阻R短路(3)(2分)(4)(2分)②闭合开关S和S,断开S③12Rx12U02图3【解析】(1)由题图甲可知,滑动变阻器与待测电阻R并联,电压表串联在干路中,闭合开关x后,电流表无示数,电压表的示数接近电源电压;在测量未知电阻的阻值实验中,滑动变阻器应与待测电阻串联,电压表测待测电阻两端的电压,电流表测电路中的电流,故应将待测电阻与电流表“-”接线柱连接的导线断开,改为待测电阻右接线柱与电压表“-”接线柱相接,具体如图3所示;(2)重新连接电路后,闭合开关,发现电流表指针发生偏转,说明电路不存在断路,电压表指针未发生偏转,说明故障可能是待测电阻R短路;(3)由图乙可知,,由表中数据可知,R=1==5Ω、R=2==5Ω、+R+R5Ω+5Ω+5Ω3x1x2x3===5Ω,故待测电阻R的阻值为R===5Ω;(4):①闭合开关S和S,断开S,读出此时电压表的示数为U;②闭合开关S和S,2111:..断开S,读出此时电压表的示数为U;③在①中,两电阻串联,电压表测电源电压;在②中,22电路连接方式不变,电压表测定值电阻R的电压,由串联电路电压规律,待测电阻R两端0xU-URU-U的电压为:U=U-U,由串联电路分压原理得12=x=,未知电阻阻值为Rx0URU202五、综合应用题(本题共2小题,每小题9分,共18分)20.(1)(2分)做功磁场对通电导体有力的作用【思路分析】求解题干信息所用公式(2)蓄电池将电能耗尽后,再次充电池容量44kW·h,充电电压220W=UIt满电至少需要的时间V,充电电流20AW=Fs(3)求汽车牵引力做功的功率W汽车在某平直公路上匀速行驶100P=tkm,用时1h,所受的阻力为mQ=mqρ=×103N,消耗16L汽油V(4)求内燃机的效率Wη=有×100%Q放解:(2)(2分)蓄电池最多存储的电能W=44kW·h=44××106J=××108J根据W=UIt,蓄电池再次充满电至少需要的时间t===×104s=10hUI220V×20A(3)(3分)因为汽车匀速行驶,所以受到平衡力的作用,牵引力F=f=×103N汽车匀速行驶时,所做的有用功W=Fs=×103N×100×103m=××108J牵引力做功的功率P=有==×104Wt1×3600s(4)(2分)内燃机消耗16L汽油放出的热量Q=mq=ρVq=×103kg/m3×16×10-3m3××107J/kg=××108J内燃机的效率η=有×100%=×100%=%×108J放21.(1)(2分)保护电路a【思路分析】求解题干信息所用公式电源电压3V不变,5cm长的均匀金属棒(2)求定值电阻R的阻值0R的阻值为25Ω,当握力器受到的握力为U400N时,=R电源电压3V,力量计由一个电流表(量程(3)求握力器所能承受的握力范围为0~)改装而成(2)(3分)当握力器受到的握力为400N时,由图乙可知,金属棒接入电路中的长度L=L-ΔL0=5cm-2cm=3cm:..L3cm其接入电路中的电阻为R=R=×25Ω=,由欧姆定律可知,电路中的总电阻为R====R-R=20Ω-15Ω=5Ω00总U3V(3)(2分)当电流表示数最大时,电路中的最小总电阻为R===,其接入电路中的长度为0,即弹簧的形变量为5cm由图乙可知,此时握力器能承受的最大握力为1000N所以该握力器能承受的握力范围为0~1000NU2(3V)2(4)(2分)图甲中电路消耗的电功率P==R+RR+5Ω0U2(3V)2当滑片P位于a端时,电路消耗的电功率最小,为P===+R25Ω+5Ωmax0由于握力计使用时滑片在ab之间滑动,所以电路消耗的电功率P≥,,因此改进后的电路消耗的电功率更小,可以降低电能的消耗.