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学生成绩表如下表所示。若要计算学生各科成绩、总分和平均分各项的最高分，可先在C10单元格中输入（1）,并(2)拖动填充柄至H10单元格,则可自动算出这些学生各科成绩、总分和平均分的最高分。
(1)（C3:C9） B.=MAX（C3,C9） =MAX（C3+C9） =MAX（C3:C9）
(2)
【答案】D B
【解析】
(1)因为对于选项A,“MAX（C3:C9）”格式不对，公式前必须加“=”号；选项B“=MAX（C3,C9）”是求单元格C3和C9中的最大值；选项C“=MAX（C3+C9）”是将单元輅C3和C9相加，与题意不符；选项D“=MAX（C3:C9）”是求单元格C3至C9中的最大值，与题意相符。
(2)根据题意，要计算学生的各科成绩、总分和平均分的最高分，可先在C10单元格中输入“=MAX（C3:C9）”并向水平方向拖动填充柄至H10单元格，则可自动算出这些学生各科成绩、总分和平均分的最高分。
“（3）”是访问某网站的正确网址。
(3) B.******@
\ .******@
【答案】A
【解析】
选项A是访问某网站的正确网址；选项B是E-mail地址格式；选项C和选项D的分隔符“\”和“@”错误。
将某ASCII字符采用偶校验编码（7位字符编码+1位校验码）发送给接收方，在接收方收到的8位数据中，若（4）,则能确定传输过程中发生错误。
(4) A.“1”的个数为奇数 B.“1”的个数为偶数
“1” “1”
【答案】A
【解析】本题考查校验码方面的基础知识。
采用偶校验编码时，数据位和校验位中“1”的个数应是偶数。当接收方收到的8位数据中“1”的个数为奇数时，可以确定传输过程中出错。
若内存按字节编址，用存储容量为32K×8比特的存储器芯片构成地址编号A0000H至DFFFFH的内存空间，则至少需要（5）片。
(5)
【答案】C
【解析】本题考查存储器基础知识。
地址编号A0000H至DFFFFH的内存空间中共有218（DFFFF-A0000=3FFFF）个存储单元，每个单元8比特，因此需要的存储器芯片数目为218/215=23个。
32位微处理器的32是指（6）。
(6)
【答案】C
【解析】本题考查计算机系统基础知识。
在同一时间处理二进制数的位数叫字长。通常称处理字长为8位数据的CPU叫8位CPU，32位CPU就是在同一时间内可处理字长为32位的二进制数据。
以下关于CPU与主存之间增加高速缓存（Cache）的叙述，不正确的是（7）。
(7)
【答案】A
【解析】本题考查计算机系统基础知识。
Cache（高速缓冲存储器）是一种特殊的存储器子系统，其中复制了频繁使用的数据以利于快速访问。Cache的出现是基于两种原因：首先是由于CPU的速度和性能提高很快而主存速度较低且价格高，其次就是程序执行的局部性特点。因此，才将速度比较快而容量有限的SRAM构成Cache，目的在于尽可能发挥CPU的高速度。
衡量计算机的主要性能指标除了字长、存取周期、运算速度之外，通常还包括（8）,因为其反映了（9）。
(8)
(9)
【答案】D C
【解析】
(8)因为计算机功能的强弱或性能的好坏，不是由某项指标来决定的，而是由它的系统结构、指令系统、硬件组成、软件配置等多方面的因素综合决定的。但主要性能指标有字长、存取周期、运算速度以及主存储器容量的大小来决定的。
(9)因为主存是CPU可以直接访问的存储器，需要执行的程序与需要处理的数据就是存放在主存中的。主存储器容量的大小反映了计算机即时存储信息的能力。随着操作系统的升级，应用软件的不断丰富及其功能的不断扩展，人们对计算机主存容量的需求也不断提高。目前，运行Windows XP操作系统则需要128MB以上的主存容量。主存容量越大，系统功能就越强大，能处理的数据量就越大。
用户提出需求并提供经费，委托软件公司开发软件。但在双方商定的协议中未涉及软件著作权的归属，则软件著作权属于（10）所有。
(10)
【答案】B
【解析】本题考查知识产权基本知识，即软件著作权归属。
依据我国《著作权法》、《计算机软件保护条例》，委托开发的软件，可归属于委托方，也可归属于受托方，或者由委托方和受托方双方共有。具体情况由双方订立的合同约定来确认软件著作权归属。如果委托方和受托方之间签订了书面的委托开发合同，并对委托开发的软件著作权的归属有明确约定的，那么该委托开发软件著作权应依照合同的约定确认著作权归属关系。对于在委托开发软件活动中，委托方和受托方之间没有签订书面的委托开发合同，或者虽然签订了书面的委托开发合同，但是合同中对该委托开发软件著作权的归属约定不明确的，那么根据法律的规定，该委托开发软件的著柞权则属于受托者所有，但是委托人可以享有该软件的使用权。法律的这种规定主要是考虑了受托人是软件的实际开荩者，是软件真实的智力投资者，符合开发者享有软件著作权的一般原则。所以，本题涉及的软件著作权应属于软件公司。
李某购买了一张有注册商标的正版软件光盘，擅自将其复制出售，则该行为侵犯了开发商的（11）。
(11)
【答案】D
【解析】本题考查知识产权基本知识，即区别侵犯物权与知识产权行为。
将他人的软件光盘占为己有，涉及的是物体本身，即软件的物化载体，该行为是侵犯财产所有权的行为。如果行为人虽未占有这一软件光盘，（如借或租他人一张软件光盘，使用后返还），但擅自将该软件光盘复制出售，则该行为涉及的是无形财产，即软件开发商的思想表现形式（知识产品），属于侵犯知识产权行为。
若不考虑I/O设备本身的性能，则影响计算机系统I/O数据传输速度的主要因素是（12）。
(12)
【答案】B
【解析】本题考查计算机系统基础知识。
地址总线宽度决定了CPU可以访问的物理地址空间，简单地说就是CPU到底能够使用多大容量的内存。CPU字长指CPU在单位时间内（同一时间）能一次处理的二进制数的位数。数据总线负责计算机中数据在各组成部分之间的传送，数据总线宽度是指在芯片内部数据传送的宽度，而数据总线宽度则决定了CPU与二级缓存、内存以及输入/输出设备之间一次数据传输的信息量。
十六进制数CC所对应的八进制数为（13）
(13)
【答案】A
【解析】本题考查进制转换基础知识。
十六进制数CC的二进制形式为11001100,从右向左三位划分为一组，对应的八进制数为314。
CPU中的（14）的值可自动加1，以便实现程序指令的顺序执行。
(14)（IR） （PC）
（AR） （ID）
【答案】B
【解析】本题考查CPU结构基础知识。
指令寄存器（IR）用来保存当前正在执行的指令。当执行一条指令时，先把它从内存取到数据寄存器（DR）中，然后再传送至IR。为了执行任何给定的指令，必须对操作码进行测试，以便识别所要求的操作。指令译码器（ID）就是做这项工作的。指令寄存器中操作码字段的输出就是指令译码器的输入。操作码一经译码后，即可向操作控制器发出具体操作的特定信号。
地址寄存器（AR）用来保存当前CPU所访问的内存单元的地址。由于在内存和CPU之间存在着操作速度上的差别，所以必须使用地址寄存器来保持地址信息，直到内存的读/写操作完成为止。
为了保证程序指令能够连续地执行下去，CPU必须具有某些手段来确定下一条指令的地址。而程序计数器正是起到这种作用，所以通常又称为指令计数器。在程序开始执行前，必须将它的起始地址，即程序的一条指令所在的内存单元地址送入PC，因此程序计数器（PC）的内容即是从内存提取的第一条指令的地址。当执行指令时，CPU将自动修改PC的内容，即每执行一条指令PC增加一个量，这个量等于指令所含的字节数，以便使其保持的总是将要执行的下一条指令的地址。由于大多数指令都是按顺序来执行的，所以修改的过程通常只是简单的对PC加1。
源程序中的（15）与程序的运行结果无关。
(15)
【答案】A
【解析】本题考查程序语言基础知识。
源程序中的注释是写给人看的，翻译源程序的过程中会被过滤掉，因此注释的多少与程序的运行结果无关。
Windows系统中的磁盘碎片整理程序（16）。
(16)，使其成为连续的区域
，合并卷上的可用空间
，合并卷上的可用空间
，合并卷上的可用空间
【答案】D
【解析】
因为，在Windows系统中的磁盘碎片整理程序可以分析本地卷，使每个文件或文件夹占用卷上连续的磁盘空间，合并卷上的可用空间使其成为连续的空闲区域，这样系统就可以更有效地访问文件或文件夹，以及更有效地保存新的文件和文件夹。通过合并文件和文件夹，磁盘碎片整理程序还将合并卷上的可用空间，以减少新文件出现碎片的可能性。合并文件和文件夹碎片的过程称为碎片整理。
对于二维数组a[1..6，1..8],设每个元素占2个存储单元，且以列为主序存储，则元素a[4,4]相对于数组空间起始地址的偏移量是（17）个存储单元。
(17)
【答案】B
【解析】本题考查数据结构基础知识。
在这里需要注意元素是按行存还是按列存存储的。’
按列存储时，a[4,4]之前的元素个数为21（3×6+3），每个元素占2个存储单元，因此a[4,4]相对于数组空间起始地址的偏移量是42。
按行存储时，a[4,4]之前的元素个数为27（3×8+3），该元素相对于数组空间起始地址的偏移量是54。
已知某带权图G的邻接表如下所示，其中表结点的结构为：
则图G是（18）。
(18)
【答案】C
【解析】本题考查数据结构基础知识。
从题中的邻接表中可知，该图的边为<vl，v3>、<vl，v2>、<v2，v5>、<v2，v6>、<v3，v6>、<v3，v2>、<v5，v4>、<v6，v4>、<v6,v5>，如下图所示，显然，这是个有向图。
在无向图中，若存在边（vi，vj）,则它同时为vj和vi之间的边。在上面的邻接表中，存在边<v1，v3>，而不存在<v3，v1>，因此该图不是无向图。
对于无向图，其边数e和顶点数n的关系为e=n×（n-1）/2。对于有向图，其边数e和顶点数n的关系为e=n×（n-1），因此该图不是完全图。
若有向图为强连通图，则任意两个顶点间要存在路径。在该有向图中，由于顶点v4没有出边，因此，不存在v4到其他顶点的路径，因此该图不是强连通图。
在下面的选项中，比较准确地描述了不归零码的是（19）。
(19),用高电平表示二进制1
,从高到低的跳变表示二进制1
,有跳变表示二进制1
,不回到0电平表示二进制1
【答案】A
【解析】
三种编码的波形见下图所示。
• NRZ编码：不归零编码NRZ用低电平表示二进制比特“0”，用高电平表示二进制比特“1”。
• Manchester编码：该编码是一种双相码，即码兀取正负两个不同的电平，或者说由正负两个不同的码元表示一个比特，这样编码的效率为50%，但是由于每个比特中间都有电平跳变，因而提供了丰富的同步信息。这种编码用在数据速率不太高的以太网中。
•差分Manchester编码：该编码也是一种双相码，但是区分“0”和“1”的方法不同。Manchester编码正变负表示“0”，负变正表示“1”，而差分Manchester编码是“0”比特前沿有跳变，“1”比特前沿没有跳变。这种编码用在令牌环网中。
关于双绞线，下面的描述中正确的是（20）。
(20)
【答案】B
【解析】
双绞线是最常用的传输介质。把两根互相绝缘的铜导线用规则的方法绞合在一起就构成了双绞线，绞合结构可以减少相邻导线间的电磁干扰。将4对双绞线包装在绝缘护套中就构成了双绞线电缆。
模拟传输和数字传输都可以使用双绞线，通信距离可达几公里。距离太长时要用放大器将衰减了的信号放大到合适的数值（用于模拟传输），或者增加中继器以便将失真了的信号进行整形（用于数字传输）。导线越粗，绞合得越紧密，通信距离就越远，但导线的价格也越贵。
在双绞线电缆的外面加上一层用金属丝编织成的屏蔽层，可以提高抗电磁干扰能力，这就是屏蔽双绞线（Shielded Twisted Pair，STP）。如果没有屏蔽层，则叫做无屏蔽双绞线（Unshielded Twiste3 Pair,UTP）。STP的电气性能要优于UTP，但是价格相对较高。拫据信号衰减和串音损耗的不同，ANSI/EIA/TIA-568-A（简称T568A）和ANSI/EIA/TIA-568-B（简称T568B）标准把UTP分为不同的类型（Category）:
• Cat1：一类UTP的带宽很小，主要用于话音传输，在20世纪80年代之前广泛应用于电话系统的用户回路中。
• Cat2：二类UTP的带宽为1MHz，能够支持4Mb/s的数据速率，目前很少使用。
• Cat3：三类UTP的带宽为16MHz,支持最高10Mb/s的数据速率，适合10BASE-T以太网。
• Cat4：四类UTP的带宽为20MHz，支持最高16Mb/s的数据速率，用在令牌环网中。
• Cat5：五类UTP的带宽为100MHz，支持高达100Mb/s的数据速率，主要用于100BASE-T以太网中。
• Cat5e：超五类UTP的带宽为100MHz,绕线密度和绝缘材料的质量都有所提高，这种电缆用于高性能的数据通信中，支持1000BASE-TX以太网。
• Cat6：六类UTP的带宽可以达到500MHz，支持万兆以太网。
目前的情况是Cat5e已经代替了Cat5,是市场上的主流产品，Cat6的市场在不断扩大，Cat7（STP）标准正在制定之中。
5类和6类双绞线都采用RJ-45连接器，其前端有8个凹槽，称为8P（Position）,凹槽内有8个金属触点，称为8C（Contact），统称为8P8C插头，以便与其他RJ连接器（例如RJ-11和RJ-48）相区别。
双绞线电缆中的4对线分为不同的颜色，按照T568A的规定，4种颜色的线序如下图（a）所示，而T568B规定的线序如下图（b）所示。
T568A与T568B的区别是橙色线对与绿色线对进行了互调。T568A标准与贝尔公司的USOC（Universal Service Ordering Code）标准兼容，而T568B与AT&T258A线序标准兼容，是使用范围最广的布线方案。
连接网络设备的跳线有两种：直通线和交叉线。所谓直通线就是两端都按照T568B排序，而交叉线一端按照T568A排序，另一端按照T568B排序。