消防控制室管理制度流程.ppt

文档介绍：d=d/2 u=4u Re/Re=duρ/μ·μ/duρ=1/2 ∴Re=900
λ=64/Re= ∴λ2 = △p/△p=λ2 (l/d)(u/2)ρ/
[λ1(l/d)(u/2)ρ]=2(l/2d)(u/4)/(100/d)u=l/(16×100)
∴l=16×100×=160m
V=(π/4)××[2g××(13600-1100)/1100]=/s
u=/[(π/4)×]=1m/s u=1×()=
Σhf =(×2/+)×1/2g+(×30/+4×+6++8)×/2g
= He=+(20-)+×10/1100+/2g=
N=××1100/(102×)=
解:按表压计算,Pa=0 P=ρg(△1 -△2 ), P=P P=P+ρg(△3 -△4)=
ρg(△1 -△2 +△3 -△4 ) P=P-ρg(△5 -△4 )=
×(-+-)-1×(3-)=
1-1′、2-2′间列柏努利方程式:Zu/2g+p/ρg =Zu/2g+p/ρg+hf ①
p-p=ρg(u/2g-u/2g)=ρ(u/2-u/2) u/u=d/d
u=×()=2m/s u代入① p-p=ρ(22 -/2)=1876N/m
∵p-p=ρgh h=(p-p)/ρg =1875/(1000×)=
在1-1′与2-2′间列柏努利方程,以通过水平管的中心线为水平基准面
(Z-Z)+(p-p)/ρg=hf =λ(L/d)u/2g 由p-p=0 Z-Z=H
∴H=λ(L/d)u/2g 而u=Vh /[3600(πd/4)]代入上式 H=λ(8Vh L/
3600πgd) => d=λ(8LVh /3600πgH) ∴d=[λ(8LVh /
3600πgH)]代入数据:d=[×(8×150×10/3600×π××
10)]==
-△pf=-△pf而-△pf =32μlu/d∴32μl u/d=32μl u/d
即μ/u=μ/u∴ms /ms =uρ/uρ=μρ/μρ=
×880/×900= %
u=V/(πd/4)=10/(3600×π×/4)= Re=duρ/μ=
××1000/(1×10)=78750 λ==
= 由柏式: Z=Z u=u∴p/ρ=p/ρ+
λ(l/d)(u/2) p=p-λ(l/d)(ρu/2)=××10-×(100/)
×(/2)×1000=×10N/m(表压)
根据泊氏方程:-△p=32uμl/d以及:(π/4)du=(π/4)du=Vs
已知:d=2d则:u/u=d/d l=(2d)/d=4 即:u=u/4
原工况:-△p=32uμl/d现工况:-△p=32uμl/d
∵μ=μ l=l u=u/4 d=2d将上述各项代入并比较:
现/原:△p/△p=[32×(1/4)u×μ×l/(2d)2 ]/
[32×u×μ×l/d]=1/16 答:因摩擦而引起的压降只有原来的1/16
对贮油池液面至高位槽液面列柏努利方程:He=△Z+λ[(l+Σle )/d](u/2g)
△Z=20m l+Σle =430m d=108-2×4=100mm= u=Vs/=38400/
3600×××960= Re=duρ/μ=××960/3430×10=
<2000 λ=64/Re=64/