1 / 6
文档名称:

学年高中物理第五章章交变电流课后提升作业十一电能输送新人教版选修.doc

格式:doc   大小:233KB   页数:6页
下载后只包含 1 个 DOC 格式的文档,没有任何的图纸或源代码,查看文件列表

如果您已付费下载过本站文档,您可以点这里二次下载

分享

预览

学年高中物理第五章章交变电流课后提升作业十一电能输送新人教版选修.doc

上传人:书生教育 2023/1/28 文件大小:233 KB

下载得到文件列表

学年高中物理第五章章交变电流课后提升作业十一电能输送新人教版选修.doc

相关文档

文档介绍

文档介绍:该【学年高中物理第五章章交变电流课后提升作业十一电能输送新人教版选修 】是由【书生教育】上传分享,文档一共【6】页,该文档可以免费在线阅读,需要了解更多关于【学年高中物理第五章章交变电流课后提升作业十一电能输送新人教版选修 】的内容,可以使用淘豆网的站内搜索功能,选择自己适合的文档,以下文字是截取该文章内的部分文字,如需要获得完整电子版,请下载此文档到您的设备,方便您编辑和打印。


课后提高作业十一电能的输送
(40分钟 50分)
一、选择题(本题共6小题,每题6分,共36分)
1.(多项选择)在远距离送电时,输送的电功率为P,输送电压为U,所用导线的电阻率为ρ,横截面积为S,总长度为L,输电线损失的电功率为P′,用户获取的电功率为P用,则P′、P用的关系式正确的选项是 ( )
′= ′=
=P-=P
【剖析】选B、D。输电电流I=,输电线电阻R=ρ,则输电线损失的功率P′=I2R=,用户获取的电功率P用=P-P′=P,故B、D正确。
,输电线上损失的电功率为100kW,若把输送电压提高为原来的10倍,同时将输电线的截面积减为原来的一半,那么输电线上损失的电功率为 ( )


【剖析】选C。输电线上损失的电功率为P损=R线=·ρ∝;若把输送电压提高为原来的10倍,同时将输电线的截面积减为原来的一半,则输电线上损失的电功率变为原来的,即×100kW=,选项C正确。
,两变压器均为理想变压器,升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2,在T的原线圈两端接入一电压u=
Umsinωt的交流电源,若输送电功率为P,输电线的总电阻为2r,不考虑其他因素的影响,则输电线上损失的电功率为 ( )



A. B.
()2()()2()2r
【解题指南】解答本题时应从以下两点进行剖析:
(1)理想变压器的输入功率等于输出功率。
(2)P=UI。
【剖析】选C。由I1=和=得Ir=I2=,则输电线上损失的功率
Pr=2r=4()2()2r,应选C。
=Umsinωt,加在匝数比为1∶n的理想升压变压器的原线圈上,变压器的副线圈经过总电阻为R的输电线向用户供电,若发电机的输出功率为P,则输电线上耗资的功率为 ( )
A. B. C. D.
【剖析】选D。依照正弦交流电的基本规律可知输入电压U1=,依照理想变压器的变压规律,设输出电压为U2,则有==⇒U2=nU1=,再依照变压器的功率关系:P



入=P出⇒P出=P=I出U2⇒I出==,则有P热=R=。故A、B、C均错误,D正确。
,,其输出电功率是3×106kW。现用500kV的电压输电,则以下说法正确的选项是 ( )
×105A

,则输电线上损失的功率为9×108kW
=,U为输电电压,r为输电线的电阻
【剖析】选B。输电电流I==A=6×103A,A错误;输电线损失的电压U损=IR=6×103×=×104V,B正确;若改用5kV电压输电,损失功率不能够能大于输电总功率3×106kW,C错误;ΔP=,U应为输电线上损失的电压,D错误。
,升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2,电压分别为U1、U2,电流分别为I1、I2,输电线上的电阻为R。变压器为理想变压器,则以下关系式中正确的选项是 ( )
A.= =
==I2U2
【剖析】选D。对理想变压器来说,电流与匝数成反比,A项错误;输入功率等于输出功率,D项正确;对图中的中间电流,I



2=,而U2>U导,所以B项错误;导线耗资的功率为P导=R,I1U1为升压变压器的输入功率,与输出功率相等,即I1U1=I2U2,所以C项错误。
【补偿训练】
(多项选择)如图为某小型水电站的电能输送表示图。已知输电线的总电阻R=10Ω,降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4∶1,电阻R0=11Ω。若T1、T2均为理想变压器,T2的副线圈两端电压表达式为u=220sin100πtV,以下说法正确的选项是
( )



,发电机的输出功率也减小
【剖析】选B、C。T2的副线圈的交流电的频率为f==Hz=50Hz,而变压器是不能够改变交流电频率的,故发电机中的电流变化频率为50Hz,选项A错误;T2的副线圈的交流电电压的有效值为U=220V,故经过R0的电流有效值为I===20A,应选项B正确;依照匝数与电流的关系可得T2的原线圈中的电流为I′==5A,故输电线上损失的功率为P损=I′2R=(5A)2×10Ω=250W,而电阻R0上耗资的电功率为P0=I2R0=(20A)2×11Ω=4400W,故升压变压器T1的输入功率为P=P损+P0=4400W+250W=4650W,应选项C正确;若R0的电阻减小,则电阻R0



耗资的电功率将增大,输电线上的电流增大,输电线上耗资的电功率也增大,故发电机的输出功率也要增大,应选项D错误。
二、非选择题(14分。需写出规范的解题步骤)
7.(2018·秦皇岛高二检测)以以下列图,某村在距农村较远的地方建了一座小型水电站,发电机的输出功率为9kW,输出电压为500V,输电线电阻为10Ω,同意线路耗资的功率为输出功率的4%,求:
(1)若不用变压器而由发电机直接输送,用户获取的电压和功率是多少?
(2)用以以下列图电路输电,若用户需要220V电压时,所用升压、降压变压器原、副线圈匝数比为多少?(不计变压器能量损失)
【剖析】(1)不用变压器而由发电机直接输送时,
输电线上的电流I==A=18A
电压损失ΔU=IR=180V
功率损失ΔP=I2R=3240W
用户获取的电压和功率分别是
U用=U-ΔU=320V
P用=P-ΔP=5760W
(2)由ΔP=P×4%=R得I2=6A,由P=U2I2得
U2=×103V
由=得==。
U3=U2-I2R=(1500-60)V=1440V
所以===。



答案:(1)320V 5760W (2)1∶3 72∶11
【补偿训练】
水力发电拥有防洪、防旱、减少污染多项功能,是功在今世、利在千秋的大事,现在水力发电已经成为我国的重要能源之一。某小河水流量为40m3/s,现欲在此河段安装一台发电功率为1000千瓦的发电机发电。
(1)设发电机输出电压为500V,在输送途中同意的电阻为5Ω,同意耗资总功率的5%,则所用升压变压器原、副线圈匝数比应是多少?
(2)若所用发电机总效率为50%,要使发电机能发挥它的最正确效能,则拦河坝最少要建多高?(g取10m/s2)
【剖析】(1)设送电电流为I,耗资的功率为P耗,导线电阻为R线,由P耗=I2R线得;
I==A=100A
设送电电压为U送,由P=IU得:
U送==V=1×104V
则升压变压器原、副线圈匝数比:
==。
(2)发电时水的重力势能转变为电能,故:50%mgh=Pt
其中:=ρ=1×103×40kg/s
=4×104kg/s
所以h==m=5m。
答案:(1)1∶20 (2)5m