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CD正确。故选BCD。9、BC【解题分析】“面积”大小表示位移,由图象可知0到t内,甲车通过的位移为0x?vt100乙车通过的位移为1x???(t?)??0时,乙车在甲车前?x?x?x?;,速度为v?v甲0乙车做匀加速直线运动,?0(t?)?0(t?)乙t?,则有:..v?v甲乙解得t?;,甲车通过的位移为1x?v(t?t)3010乙车通过的位移为1vx?(t?t)??0?(t?t)240102t100其中x?x34解得t?;、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为x?v(?)?;故选BC。10、ABD【解题分析】,变压器输入电压不变,原、副线圈的匝数不变,变压器输出电压不变,即电压表V示数不11变,当滑片P向下滑动时,滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律可知,所以电流I会减小,电流表A示22数变小,而U?U?IR2121所以U会变大,即电压表V示数变大,故A正确;,由于原、副线圈的匝数不变,变压器输入电压不变,则变压器输出电压不变,即电压表V示数11不变,当滑片P向上滑动时,滑动变阻器接入电路的阻值减小,根据欧姆定律可知,电流表A示数增大,电阻R消21:..耗的电功率增大,将原线圈和电阻R看作等效电源,则V示数的变化量与A示数的变化量之比等于等效电源的内阻,122恒定不变,故B正确;,将开关S由b改接a时,原线圈匝数n增大,根据变压比可知11Un1?1Un22可知U变小,根据2U2P?22R总可知副线圈输出功率变小,则原线圈输入功率变小,故C错误;,将开关S由a改接b,原线圈匝数n减小,根据变压比可知11Un1?1Un22可知U增大,电容器两端电压增大2Q?CU所带电荷量增大,故D正确。故选ABD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。d2?11?11、不连接等于???在砝码和砝码盘总质量不变时,即小车所受拉力不变时,小车的加速度与2Lt2t2??21拉力成反比【解题分析】(2)[1][2]平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力来抵消摩擦力的作用,具体做法是:将小车轻放(静止)在长木板上,挂好纸带(纸带和打点计时器的限位孔之间有摩擦力)、不连接砝码盘,将长木板靠近打点计时器的一端适当垫高,形成斜面,轻推小车,使小车做匀速运动即可,此时小车通过光电门的时间t、t满足t等于t。1212(3)[3]遮光条经过光电门A时的速度表达式dv?At1经过光电门B时的速度表达式:..dv?Bt2所以v2?v2d2?11?a?BA????2L2Lt2t2??21(4)[4]由牛顿第二定律可知,Fa?M1保持两个光电门间的距离、砝码和砝码盘的总质量均不变,改变小车的质量M重复实验多次,a?是一条过原点M的直线,说明在砝码和砝码盘总质量不变时,即小车所受拉力不变时,小车的加速度与拉力成反比。XRR12、?X2【解题分析】(1)[1]将一量程为2V的电压表V改装成量程为3V的电压表,应将定值电阻与电压表V(N)串联,为测量电压表V111的内阻,再将电压表V(M)并联到电压表V和定值电阻两端,电路如图21(2)[2]根据欧姆定律可得,M表(纵坐标)和与之对应的N表的读数(横坐标)的函数关系为R+RY=V1XRV1(3)[3]R约为2kΩ,而电路分压需要5V,R分到电压为2V,故要求R分压为3V,电阻约为3kΩ,图象斜率约为v1v13?2k??(4)[4][5]将电压表改装成大量程的电压表时应串联电阻分压,根据串联电路规律可知,串联电阻应分1V电压即为电压R表V的一半,串联电路中电流相等,则串联电阻应为电压表V的一半即为0。112四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算:..步骤。13、(1)24V;(2)4?10?3C;(3)。【解题分析】(1)由?BE?nS?t得60E?10??4?10?4?24V1?10?2(2)在0~10ms过程中,由EI?R得I=~20ms过程中,线圈中电流为0,所以,由q?IΔt流过线圈的电荷量为q??1?10?2?4?10?3C(3)由Q?2I2Rt0~30ms过程中,线圈产生的热量为Q?2??60?1?10?2?、(1);(2)25cm【解题分析】(1)阀门K关闭未打开时,取两活塞和杆整体为研究对象,由平衡状态得pS?pS?pS?0AA0A0B解得p?(2)打开阀门K稳定后,设气体压强为p?,取两活塞和杆为整体,由平衡状态得Ap?S?pS?pS?p?S?0AA0A0BAB:..解得p?=pA0设左侧大活塞停在距A气缸底x处,对封闭气体由玻意耳定律得pSa?p?S(a?x)?p?S(b?x)AAAAAB代入数据解得x??25cm则左侧大活塞停在距A气缸底25cm处。15、(1);(2)3000W【解题分析】(1)探险者先做匀加速,再匀速,最后做匀减速直线运动到达直升机处。设加速度阶段绳拉力F?840N,时间t?10s,11探险者加速度大小为a,上升高度为h,则11ma?F?mg111h?at21211解得a??25m1设匀速阶段时间t?15s,探险者运动速度大小为为v,上升高度为h,则22v?at11h?vt22解得v=5m/sh?75m2设减速阶段绳拉力F?720N,探险者加速度大小为a,时间为t,上升高度为h,则3333ma?mg?F33v?at33:..11h?at2或h?vt3233323解得a?1m/s23t?5s3h?,有h?h?h?h123解得h=(2)设在探险者从山谷底部到达直升机的过程中,牵引绳索拉力做功为W,则W=mghWP?t?t?t123解得P?3000W