文档介绍：该【2023年浙江省名校协作体高考物理模拟试卷+答案解析(附后) 】是由【青山代下】上传分享，文档一共【25】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2023年浙江省名校协作体高考物理模拟试卷+答案解析(附后) 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..(),带领阿根廷夺冠。如图所示为梅西在某场比赛第51分钟时主罚任意球后,足球运动轨迹的示意图,下列说法中正确的是(),,物理学家们做出了巨大的贡献,下列关于物理学家贡献的说法正确的是(),将一个质量为m的铅球放在倾角为的斜面上,并用竖直挡板挡住,铅球处于静止状态。铅球对挡板的压力为,铅球对斜面的压力为,不考虑铅球受到的摩擦力,重力加速度取g,则(),由航空工业自主研制的第二架大型灭火水上救援水陆两栖飞机AG600M“鲲龙”在广东珠海金湾机场完成了首次飞行试验,某次在平直跑道上滑行时,飞机的速度——时间图像如图所示,若减速过程的加速度大小为,则()页,共25页:..A.“鲲龙”.“鲲龙”在整个滑行过程中的平均速度大小为D.“鲲龙”,河水沿着弯弯曲曲的河床做曲线运动。若在标注位置处的河水速度近似相等,则河床受力最大的是(),搭载天舟五号货运飞船的长征七号遥六运载火箭,在我国海南文昌航天发射场点火发射;12时10分,天舟五号货运飞船仅用2小时便顺利实现了与中国空间站天和核心舱的快速交会对接,如图所示,创造了世界纪录。下列说法中正确的是(),,天舟五号货运飞船应在天和核心舱相同轨道处加速页,共25页:..,说法正确的是(),,,烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明,,、液体、气体的说法中正确的是(),给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管,,,,()“核反应堆”示意图,它是通过可控的链式反应实现核能的释放,,由图可知a、,由图可知不同原子核的比结合能是不一样的,中等大小的核比结合能最大,,强相互作用是引起中子-,某同学使用如图所示的一款充电宝和一款台灯来照明,部分参数如表所示,已知深夜学****需要6W以上的照明功率,则以下说法不正确的是()页,共25页:..充电宝部分参数如下:产品名称快充移动电源聚合物电池容量品牌HUAWEI输出输入产品颜色黑色/白色产品重量若干克产品尺寸台灯部分参数如下:,,某斜面的顶端到正下方水平面O点的高度为h,斜面与水平面平滑连接,斜面倾角为,小木块与斜面、水平面间的动摩擦因数均为,一小木块从斜面的顶端由静止开始滑下,滑到水平面上距离O点为x的A点停下。以O点为原点建立xOy坐标系,改变斜面倾角和斜面长度,小木块仍在A点停下,则小木块静止释放点的坐标可能是()页,共25页:..,点是一半径为R的匀质玻璃半球体的球心,平面水平放置,有一束光线从距离O点为的P点入射至玻璃半球内,光线与竖直方向的夹角为,当时光线恰好在球面发生全反射,若只考虑第一次射到各表面的光线,则(),,,若半球球面区域均有光线竖直向下入射,“十四五”规划,杭丽高铁建成后,丽水前往杭州的时间将缩短至1小时内。新建成的高铁将应用许多新技术,图示为高铁的牵引供电流程图,利用可视为理想变压器原、副线圈匝数比为:的牵引变电所,将高压220kV或110kV降至,再通过接触网上的电线与车顶上的受电弓使机车获得25kV工作电压,则下列说法正确的是()页,共25页:..,则::,,,电机效率为,,有两列频率相同、振动方向相同、振幅均为A、传播方向互成的平面波相遇发生干涉,两列波的传播方向如图中箭头所示。图中实线表示波峰,虚线表示波谷,a为波谷与波谷相遇点,b、c为波峰与波谷相遇点,d为波峰与波峰相遇点,e、g是b、c连线上的两点,其中e为b、c的中点,g为b、e的中点,下列描述正确的是()、,,g处的质点向上振动16.①在“探究弹簧弹力与形变量的关系实验”与“探究两个互成角度的力的合成规律实验”中两个实验都需要的器材是______。,下列操作正确的是______多选。,,,,拉弹簧秤时弹簧秤外壳不能与木板接触②验证物体自由下落过程中机械能守恒,交流电频率为50Hz,重锤质量,打出了页,共25页:..如下纸带,在纸带后端选择连续的7个打印点为计数点,并依次标上1、2、3…,在数据处理中,选计数点3对应的重物位置为零重力势能参考面,则打下5时重物的速度______,重物的机械能为______当地重力加速度,计算结果均保留3位有效数字。该种验证方法是否要求打第一个点时速度为零?______填“是”或“否”。①小明在做实验时,发现一个色环电阻的外漆脱落,如图2所示,于是用多用电表测量该电阻,正确的操作顺序是______。.,,将红、“+、-”插孔,用螺丝刀调节指针定位螺丝,使指针指0页,共25页:..小明正确操作后,多用电表的指针位置如图3所示,则______。小林认为用多用电表测量电阻误差较大,采用伏安法测量。图4是部分连接好的实物电路图,请用电流表内接法完成接线并在图4中画出。小林用电流表内接法和外接法分别测量了该色环电阻的伏安特性,并将得到的电流、电压数据描到图上,如图5所示。请你选择一组合理的数据点,求出该色环电阻的电阻为______结果保留两位有效数字。②两个相同的电流表和按如图6所示的方式连接,晃动表,当指针向左偏时,静止的表的指针______选填“向左偏”或“向右偏”或“来回振动”。页,共25页:..,内壁光滑的导热汽缸竖直放置在水平桌面上,汽缸内封闭一定质量的气体。活塞质量,活塞横截面积。活塞初始状态位于离底部高度处。假设外界空气温度恒为,大气压强,。用外力将活塞缓慢提升4cm,求此时气缸内气体的压强;对气缸内气体缓慢加热,当温度升到时,气体吸收了10J的热量,求此过程中气体内能的增加量。,水平传送带的左端与斜面AB末端连接,另一端与光滑水平轨道CM连接,M端连接半圆形光滑圆弧轨道MPN,圆弧半径,在竖直面MN的右侧包括M、N点存在竖直向上的匀强电场,电场强度。一带正电金属滑块a质量为,电量为q,从斜面AB上高处由静止开始下滑,运动到CM上某位置与另一完全相同的不带电金属滑块b发生碰撞后结合在一起,形成结合体c。已知斜面、传送带、轨道均绝缘,滑块与AB斜面之间的动摩擦因数,与传送带之间的动摩擦因数,斜面倾角,传送带长为5m,CM长为2m,滑块a、b及结合体c均可视为质点,不计滑块在B点的能量损失,重力加速度求滑块a到达B点时的速度大小;若传送带逆时针转动的速度,求结合体c到达N点时对轨道的压力;以M点为坐标原点,向左为正方向建立x轴,改变传送带的速度大小和方向,求结合体c通过圆弧轨道后从N点平抛到x轴上的落点坐标与传送带速度的关系。,间距的两平行光滑金属导轨,x轴平行导轨,y轴垂直导轨。在位置左侧有一宽度为的光滑绝缘薄层包括处,隔开左右两部分电路。在导轨间存在磁场,y轴左侧磁场大小为方向垂直纸面向外,y右侧磁场大小为,且满足变化,方向垂直纸面向外,在两轨道中x轴为坐标为的位置存在一个弹性装置,金属棒与弹性装置碰撞时瞬间等速弹回,导轨右侧的恒流源始终为电路提供恒定的电流方向如图中箭头所示,导轨左侧接一阻值为的电阻。阻值为质量为的金属棒a垂直导轨静止于处,与金属棒a完全相同的金页,共25页:..属棒垂直导轨静止于处,金属棒a与金属棒b发生弹性碰撞。忽略一切阻力,已知弹簧振子周期公式,其中m为振子质量,k为回复力系数。求:金属棒b第一次与金属棒a碰撞时的速度;试定性画出金属棒a的图像对时间轴数值不做要求;金属棒a最终停下位置和整个过程装置产生的焦耳热。,以圆柱底面中心O点为坐标原点建立空间直角坐标系,另一底面中心点坐标为,圆柱底面半径为R。在圆柱区域内存在沿z轴正方向的匀强磁场。在磁场区域左侧有一矩形区域abcd,其中bc边在xOy平面内,ab边与z轴平行,矩形区域的尺寸和位置已在图中标出,区域内均匀分布一电子源,沿x轴正方向持续不断地发射出速率均为的电子,单位时间内发射的电子个数为N,从bc边射出的电子经过磁场偏转后均从M点射出,从ad边射出的电子经过磁场偏转后均从N点射出。在圆柱两底面的正下方有两块半径为R的半圆形平行金属收集板P和Q,圆心分别位于M点和N点。已知电子质量为m,元电荷为e,两板之间的电压,忽略电子重力、电子间相互作用和电子收集后对电压的影响。求:磁感应强度B的大小;从c点射出的电子打到金属板上时的位置坐标;极板收集到电子区域的面积;若且大小可调,求Q板收集到的电子数n与的关系。页,共25页:..答案和解析1.【答案】【解析】解:A、电流虽有方向,但电流运算时不遵守矢量的运算法则平行四边形定则,所以电流是标量,单位为安培,符号为A,故A错误;B、磁通量是标量,单位是Wb,故B错误;C、电场强度是矢量,单位是或者,故C正确;D、磁感应强度是矢量,其单位为特斯拉,符号为T,故D错误;故选:C。标量是只有大小,没有方向的物理量。矢量是既有大小又有方向的物理量,运算时遵守平行四边定则。电流的单位为安培,磁通量单位为韦伯,电场强度的单位为牛每库或者伏每米,磁感应强度的单位为特斯拉。对于物理量的矢标性与物理量的定义、物理意义、单位、公式等要一起学****这是物理概念内涵的一部分。要注意物理量的符号和单位符号是不同的,不能搞混。2.【答案】B【解析】解:第51分钟指的是时刻,故A错误;足球在飞行过程中足球的大小形状可以忽略,可以视为质点,故B正确;足球飞出后只受到重力,没有受到梅西对它施加的作用力,故C错误;守门员起跳扑救瞬间,根据牛顿第三定律可知地面对他的作用力大小等于他对地面的作用力大小,故D错误。故选:B。根据质点的概念、时间和时刻的区别、牛顿第三定律内容分析判断。本题考查质点、时间和时刻、牛顿第三定律,要求掌握质点的概念、时间和时刻的区别、牛顿第三定律内容。3.【答案】B【解析】解:A、麦克斯韦首先提出了电磁场理论,故A错误;B、伽利略首先发现了自由落体的规律,符合史实,故B正确;C、玻尔第一次将量子观念引入原子领域,故C错误;D、法拉第首先提出电荷周围存在电场的概念,故D错误。故选:B。本题是物理学问题,根据麦克斯韦、普朗克、伽利略、玻尔、法拉第等人的物理学成就进行解答。页,共25页:..本题考查学生对麦克斯韦、普朗克、伽利略、玻尔、法拉第等人的物理学贡献的掌握情况,平时经加强记忆,注重历史知识的积累。4.【答案】【解析】解:球受到重力mg、斜面的支持力和挡板的支持力作用,其中斜面对铅球的支持力垂直于斜面向上,挡板对铅球的作用力水平向右,如图所示:根据平衡条件可得:,;根据牛顿第三定律可知铅球对挡板的压力为mg,铅球对斜面的压力为故A正确,BCD错误;故选:A。以球为研究对象,分析球的受力情况,根据平衡条件求出球所受挡板的弹力和斜面对球的弹力,再根据牛顿第三定律得到球对竖直挡板的压力和球对斜面的压力。本题关键是正确地对球受力分析,然后根据共点力平衡条件并结合合成法求解,要求同学们能正确画出受力分析图。5.【答案】A【解析】解:速度-时间图像与坐标轴包围的面积表示位移,则“鲲龙”匀速滑行的位移为,故A正确;减速运动的时间为,,由题目所给的条件可以算出t的数值,故B错误;“鲲龙”在整个滑行过程中的位移为平均速度大小为,故C错误;“鲲龙”匀加速滑行时加速度大小为,则匀加速滑行时和匀减速滑行的加速度大小不相等,故D错误。故选:A。页,共25页:..根据速度-时间图像与坐标轴包围的面积计算位移;根据加速度定义式计算减速时间和总时间;根据平均速度公式计算平均速度;根据速度-时间图像斜率计算加速时的加速度再进行比较。本题考查速度-时间图像,要求掌握速度-时间图像斜率、与坐标轴包围面积的物理意义。6.【答案】【解析】解:根据向心力的计算公式可得:则半径越小的地方受到的河水冲击力越大,且因为A是河流的凹岸,受力最大,故A正确,BCD错误;故选:A。根据向心力公式,结合图像中不同点的位置特点完成分析。本题主要考查了曲线运动的相关应用,理解向心力的计算公式,结合半径的大小关系即可完成分析。7.【答案】C【解析】解:A、天舟五号货运飞船绕地球做匀速圆周运动,发射速度小于,故A错误;B、是第一宇宙速度,是最大的环绕速度,所以天和核心舱的速度小于,故B错误;C、在地球表面纬度越低的地方,随地球自转的半径越大,线速度越大,选在纬度较低的海南文昌发射场发射,是为了充分利用地球自转的线速度,故C正确;D、要实现对接,天舟五号货运飞船应在较低轨道加速,故D错误;故选:C。第二宇宙速度是脱离地球引力束缚的最小发射速度。第一宇宙速度是近地卫星的运行速度,也是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大运行速度。物体在地球表面纬度越低的地方,随地球自转的半径越大,线速度越大,根据变轨原理分析D。此题考查了人造卫星的相关知识,解题的关键是明确三种宇宙速度的含义,特别注意第一宇宙速度有三种说法:它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度,它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度,它是卫星的最小发射速度。8.【答案】C【解析】解:图甲为静电除尘装置的示意图,带负电的尘埃被收集在两板A上,故A错误;图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器,其目的是导走人身上的静电,故B错误;图丙中摇动起电机,烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明,其工作原理为静电吸附,故C正确。页,共25页:..图丁的燃气灶中安装了电子点火器,点火应用了尖端放电原理,故错误。故选:C。根据静电除尘、静电释放、静电吸附和尖端放电原理分析判断。本题考查静电除尘、静电释放、静电吸附和尖端放电现象,要求掌握静电除尘、静电释放、静电吸附和尖端放电原理。9.【答案】A【解析】解:A、夏季天旱时,给庄稼松土是利用毛细现象,为了破坏土壤中的毛细管,可防止水分蒸发,故A正确;B、有些单晶体沿不同的方向的导热或导电性能不相同,沿不同方向的光学性质也不相同,故B错误;C、液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离,分子之间的作用力表现为引力,与固体间表现为不浸润,故C错误;D、炒菜时我们看到的烟气,是因为热对流引起的,故D错误;故选:A。单晶体的某些物理性质具有各向异性,而多晶体和非晶体是各向同性的;根据毛细现象的定义判断;根据浸润和不浸润现象的定义判断;根据布朗运动分析。本题考查了单晶体和多晶体、布朗运动、浸润和不浸润现象、毛细现象等知识点,这种题型属于基础题,只要善于积累,难度不大。10.【答案】D【解析】解:A、链式反应是指由裂变产生的中子使裂变反应一代又一代持续下去的过程,故A正确;B、根据,可知图中a、c两束光的频率相等且小于b光的频率,故B正确;C、不同原子核的比结合能不同,中等大小的核的比结合能最大,这些核最稳定,故C正确;D、丁图是中子的转化示意图,弱相互作用,是引起衰变的原因,故D错误;本题选择错误选项;故选:D。链式反应是指由裂变产生的中子使裂变反应一代接一代继续下去的过程,根据光电效应方程,结合最大初动能与遏止电压的关系得出遏止电压与入射光频率的关系式,从而分析判断;中等大小的核比结合能最大,原子核最稳定;弱相互作用是引起衰变的原因。本题考查了链式反应、光电效应方程、比结合能、衰变等基础知识点,关键要熟悉教材,,共25页:..11.【答案】【解析】解:A、充电宝输出功率可达,故A正确;B、台灯的最大功率为,故B正确;C、打开台灯后的电功率可调,所以每颗灯珠的功率不一定为,故C错误;D、充满一次电的情况下台灯内置电池容量为,工作的时间为,所以不能保证周日至周五每晚2小时的学****时间,故D正确;本题选择错误选项;故选:C。根据功率的计算公式解得AB,台灯的电功率可调,所以每颗灯珠的功率无法计算,根据电池容量计算D项。本题考查电功率的计算,解题关键掌握电功率的计算公式,注意容量与时间的关系。12.【答案】D【解析】解:小木块从斜面的顶端由静止开始滑下,最终停在A点,设斜面长为L,则斜面在水平面的投影为:根据功能关系可得:整理可得:解得:改变斜面倾角和斜面长度,小木块仍在A点停下,则小木块静止释放点的坐标为根据前面的分析可得:整理可得:。A、当时,解得:,故A错误;B、当时,解得:,故B错误;C、当时,解得:,故C错误;D、当时,解得:,故D正确。故选:D。根据功能关系求解动摩擦因数;改变斜面倾角和斜面长度,小木块仍在A点停下,根据功能关系求解小木块静止释放点的纵坐标与横坐标的关系,然后逐项进行分析。本题主要是考查功能关系,解答本题的关键是能够根据功能关系求解动摩擦因数,知道重力势能页,共25页:..的减少等于克服摩擦力做的功。13.【答案】【解析】解:注意题设:本题只考虑第一次射到各表面的光线A、当时光线恰好在球面发生全反射,即在球面处入射角恰好等于全反射临界角C,光路图如图1所示:根据几何关系可得:根据全反射临界角C满足的条件可得:解得:,故A错误;B、若要使光线从球形表面出射后恰好与入射光平行,那么出射光线与入射光线,以及法线必在同一平面内,且入射点与出射点的法线平行,入射光线必须在竖直平面内,光路图如图1所示,出射点必在O点的正上方。根据几何关系可得:,可得,可知必大于,故B错误;C,要使光线在半球中传播的时间最长,因只考虑第一次射到各表面的光线,当临界等于时,光线在半球中传播路程最长,光路图如图3所示,其中路程s满足要求。因入射角临界为,故折射角等于C,由余弦定理得:,解得:,页,共25页:..光在介质中传播速度为:,最长时间为:,解得:,故错误;D、能从平面出射的临界光路图如图4所示,光线在平面的B点恰好发生全反射,以OB的长L为半径的圆形区域有光出射。设临界光线在A点入射角为,折射角为,在B点出射时入射角等于全反射临界角C。由折射定律得:由几何关系得:联立由三角函数知识,结合,解得:,可得:在中,由正弦定理得:解得:可得平面有光出射的面积为:,解得,故D正确。故选:D。根据题设条件画出光路图,根据几何条件求得所需几何量,应用折射定律,全反射临界角C满足条件,介质中光速与折射率的关系解答。本题考查几何光学的光路判断分析,及相关计算问题,题目较难,用到余弦定理、正弦定理的难度较大的几何关系。此类题目关键是画出光路图,难点在于几何量的求解,一般是利用三角形的几何知识处理问题。14.【答案】AC【解析】解:若电网的电压为220kV,则变电所的变压器原、副线圈匝数比为,故A正确;电压由输入电压和线圈匝数决定,若高铁机车运行功率增大,根据知电流将会增大,牵引变电所至机车间的热损耗功率也会随之增大,故B错误,C正确;,根据功率关系可得:,其中,则电流;页,共25页:..牵引变电所至机车间的等效电阻:,代入数据解得:故错误;故选:AC。根据电压之比等于匝数之比进行求解;根据功率关系求解电流,根据欧姆定律求解牵引变电所至机车间的等效电阻。本题主要是考查了变压器的知识;解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比,知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。15.【答案】BCD【解析】解:A、由题意:a为波谷与波谷相遇点,d为波峰与波峰相遇点,可知a与d处的质点是振动加强的,做简谐振动的振幅为2A,但位移时刻变化,故A错误;C、有两列形成稳定的干涉图样,图示图形是规则的几何图形,e为b、c的中点,亦是a、d的中点,图示时刻,a与d点的是振动加强点且处于位移最大处,那么其中点e必是振动减弱点,且处于平衡位置,故C正确;B、因两波振幅相等均为A、上图中蓝色线上的质点均为振动减弱,且振幅为零,红色线上的质点均为振动加强,且振幅为2A。干涉图样规律可知b、c连线上各质点的振幅与质点位置的关系为正余弦函数关系,如上图所示,g为be的中点,为bc的四分点,g处质点的振幅为,故B正确;D、图示时刻,bc连线上各质点均处于平衡位置,由图中波的传播方向可知波峰已经过g点,波谷正在向g点传播过来,可得此时刻g点是由平衡位置向下向波谷运动,因,故经过,g处质点到达波谷,再经过,由波谷向上向平衡位置运动,可知从图示时刻经过个周期,g处的质点向上振动,故D正确。故选:BCD。两波干涉时图样是稳定的,波谷与波谷,波峰与波峰相遇点为振动加强点,质点做简谐振动,振页,共25页:..幅为两波振幅之和;波谷与波峰相遇点为振动减弱点,振幅为两波振幅之差,当两波振幅相等时,振动减弱点不振动。根据振动与波动的关系分析解答。本题考查了机械波的叠加与干涉问题,此题新颖在两波传播方向互成角度相遇发生干涉,但是对于干涉图像与规律不无影响,根据干涉原理与图样特点解答即可。16.【答案】否向左偏【解析】解:①、在“探究弹簧弹力与形变量的关系实验”与“探究两个互成角度的力的合成规律实验”中,都需要的器材是刻度尺,在“探究弹簧弹力与形变量的关系实验”没有用到弹簧秤和橡皮筋,“探究两个互成角度的力的合成规律实验”中没有用到弹簧,故D正确、ABC错误;b、在探究弹簧弹力与形变量的关系实验中,测弹簧原长时应把弹簧竖直放置,这样可以排除由于弹簧只受重力造成的误差,故A错误;,弹簧秤调零时弹簧秤应水平放置,这样可以排除由于弹簧只受重力造成的误差,故B正确;,若弹簧秤示数偏大可调短弹簧的有效长度,这样可以增加弹簧的劲度系数,使得测量范围增大,故C正确;,拉弹簧秤时弹簧秤外壳不能内部弹簧接触,可以与木板接触,故D错误。故选:BC;②验证物体自由下落过程中机械能守恒,交流电频率为,打点周期为:根据中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度可得:打3时重物的速度大小为:选计数点3对应的重物位置为零重力势能参考面,则物体的机械能为:;验证从3到5机械能是否守恒,该种验证方法不要求打第一个点时速度为零。①本实验先进行机械调零,再把选择开关旋转到合适的挡位,进行欧姆调零,然后把红黑表笔分别接在两端进行测量,测量完毕后把选择开关旋转到交流电压最高挡,所以正确的操作顺序是EDBCA;使用欧姆挡的倍率“”,多用电表的指针位置如图3所示,则;由于待测电阻阻值较大,采用电流表内接;滑动变阻器采用分压器的接法,如图所示:页,共25页:..由于内接法在相同电流时电压表的示数偏大,则应该选取上方的一组进行处理,如图所示:该色环电阻的电阻为;②晃动表使得内的线圈切割磁感应线产生感应电流,根据导线的连接情况可知,通过两个表头的电流方向相反,如图所示:对线圈根据左手定则静止的表的指针向左偏。故答案为:①、D;b、BC;②;;否;①a、EDBCA;b、3000;c、实物连接图见解析;d、;②向左偏。①a、根据实验操作分析选取的仪器;页,共25页:..、根据减少实验误差的方法进行逐项分析;②根据中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度打5和3时的速度大小,再根据机械能的概念求解机械能;该种验证方法不要求打第一个点时速度为零。①根据欧姆表实验步骤进行分析;使用欧姆挡的倍率“”,根据多用电表的指针位置进行读数;采用电流表内接、滑动变阻器采用分压器的接法进行作图;由于内接法在相同电流时电压表的示数偏大,则应该选取上方的一组进行处理,根据欧姆定律求解该色环电阻的电阻;②晃动表使得内的线圈切割磁感应线产生感应电流,根据导线的连接情况进行分析。对于实验题,要弄清楚实验目的、实验原理以及数据处理、误差分析等问题,一般的实验设计、实验方法都是根据教材上给出的实验方法进行拓展,延伸,所以一定要熟练掌握教材中的重要实验。17.【答案】解:初状态封闭气体的压强为:气体做等温变化,根据玻意耳定律可得:,其中代入数据解得:;对气缸内气体缓慢加热,气体做等压变化,根据盖-吕萨克定律可得:其中,代入数据解得:外界对气体做功:代入数据解得:根据热力学第一定律可得:,其中代入数据解得:。答:用外力F将活塞缓慢提升4cm,此时气缸内气体的压强为;对气缸内气体缓慢加热,当温度升到时,气体吸收了10J的热量,此过程中气体内能的增加量为。【解析】根据平衡条件求解初状态封闭气体的压强,再根据玻意耳定律进行解答;对气缸内气体缓慢加热,气体做等压变化,根据盖-吕萨克定律求解活塞上升的高度,根据功的计算公式求解外界对气体做的功,根据热力学第一定律求解气体内能的增加量。本题主要是考查了一定质量的理想气体的状态方