文档介绍：该【2024学年东莞东华高级中学高考最后冲刺模拟(二)物理试题 】是由【小屁孩】上传分享，文档一共【16】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2024学年东莞东华高级中学高考最后冲刺模拟(二)物理试题 】的内容，可以使用淘豆网的站内搜索功能，选择自己适合的文档，以下文字是截取该文章内的部分文字，如需要获得完整电子版，请下载此文档到您的设备，方便您编辑和打印。:..2024学年东莞东华高级中学高考最后冲刺模拟(二)物理试题注意事项:,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。;,字体工整、笔迹清楚。,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,做实验“探究感应电流方向的规律”。竖直放置的条形磁体从线圈的上方附近竖直下落进入竖直放置的线圈中,并穿出线圈。传感器上能直接显示感应电流i随时间t变化的规律。取线圈中电流方向由a到b为正方向,则传感器所显示的规律与图中最接近的是()、某静电场中有电场线与x轴重合,x轴上各点电势φ分布如图所示,图线关于纵轴对称,则()----x处的电势能22223、中国北斗卫星导航系统(BeiDouNavigationSatelliteSystem,BDS)是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三个成熟的卫星导航系统。北斗导航系统中有几颗卫星是地球同步卫星,GPS导航系统是由周期约为12h的卫星群组成。则北斗导航系统的同步卫星与GPS导航卫星相比():..、一根轻质弹簧原长为l,在力F作用下伸长了x。则弹簧的劲度系数k是()?lx+l0005、我国自主建设、独立运行的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成,目前已经向一带一路沿线国家提供相关服务。设想其中一颗人造卫星在发射过程中,原来在椭圆轨道绕地球运行,在点变轨后进入轨道做匀速圆周运动,如图所示。下列说法正确的是(),,、关于速度、速度变化量和加速度的关系,,,,,则物体一定在做加速运动二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、下列说法正确的是(),,,,在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润,、如图所示,质量为4m的球A与质量为m的球B用绕过轻质定滑轮的细线相连,球A放在固定的光滑斜面上,斜面倾角α=30°,球B与质量为m的球C通过劲度系数为k的轻质弹簧相连,球C放在水平地面上。开始时控制住球A,:..使整个系统处于静止状态,细线刚好拉直但无张力,滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行,然后由静止释放球A,不计细线与滑轮之间的摩擦,重力加速度为g,下列说法正确的是(),,球C恰好离开地面时,,所以A、B两小球组成的系统机械能守恒v?t?OPQ?OQTss?s?s?9、甲、乙两车在同一平直道路上同向运动其图像如图所示,图中和的面积分别为和,1221初始时,甲车在乙车前方s处,则()?s?s,?s,?s,?s,两车相遇1次010210、我国北斗卫星导航系统(BDS)已经开始提供全球服务,具有定位、导航、授时、5G传输等功能。A、B为“北斗”系统中的两颗工作卫星,其中A是高轨道的地球静止同步轨道卫星,B是中轨道卫星。已知地球表面的重力加速度为g,地球的自转周期为T下列判断正确的是()=T?<a<gA0BAB三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)为了精密测量一金属丝的电阻率:(1)如图甲所示,先用多用电表“×1Ω”挡粗测其电阻为____________Ω,然后用螺旋测微器测其直径为______________mm.:..(2)为了减小实验误差,需进一步测其电阻,除待测金属丝外,实验室还备有的实验器材如下:(量程3V,内阻约15kΩ;量程15V,内阻约75kΩ)(,内阻约1Ω;量程3A,)(0~5Ω,1A)(0~2000Ω,),,导线若干为了测多组实验数据,则上述器材中的滑动变阻器应选用___________(选填“R”或“R”).12请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图的连线_______________12.(12分)如图是用双缝干涉测光的波长的实验设备实物图。(1)双缝放在图中哪个位置________(填“①”或“②”)。(2)要使单缝和双缝相互平行,应该使用________进行调节。(3)已知双缝到毛玻璃之间的距离是L,双缝之间的距离是d,单缝到双缝之间的距离是s,在某次实验中,先将目镜中的中心刻线对准某条亮纹(记作第1条)的中心,这时手轮上的示数为x,转动手轮使中心刻线对准第7条亮纹的中心,1这时手轮上的示数为x。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长为________。7四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。:..13.(10分)如图所示,空间存在竖直向下的匀强磁场,磁感应强度B=,有一对光滑平行金属导轨,处于同一水平面内,导轨足够长,导轨间距L=1m,=lkg,电阻均为R=,,金属棒MN在垂直于棒的拉力F作用下,由静止开始以加速度a=,5s后保持拉力F的功率不变,(1)求棒MN的最大速度v;m(2)当棒MN达到最大速度v时,解除PQ锁定,同时撤去拉力F,,到两棒m最终匀速运动的过程中,电路中产生的总焦耳热.(3)若PQ始终不解除锁定,当棒MN达到最大速度v时,撤去拉力F,棒MN继续运动多远后停下来?(运算结果可m用根式表示)14.(16分)如图所示,扇形玻璃砖AOB的圆心角为150°,玻璃砖半径为R,一条单色光平行于OA,由OB的中点D入射,经折射后由圆弧面的E点射出玻璃砖,圆弧AE的长度与圆弧BE的长度之比为2∶3,已知真空中光速为c。求:该单色光在玻璃砖从D到E传播的时间。15.(12分)如图所示,对角线MP将矩形区域MNPO分成两个相同的直角三角形区域,在直角三角形MNP区域内y存在一匀强电场,其电场强度大小为E、向沿轴负方向,在直角三角形MOP区域内存在一匀强磁场,磁场方向垂直于纸面向外(图中未画出)。一带正电的粒子从M点以速度v沿x轴正方向射入,一段时间后,该粒子从对角线MP0xyx2L的中点进入匀强磁场,并恰好未从轴射出。已知O点为坐标原点,M点在轴上,P点在轴上,MN边长为,MO边长为3L,不计粒子重力。求:(1)带电粒子的比荷;(2)匀强磁场的磁感应强度大小。:..参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】磁体进入线圈a端的过程,其磁场穿过线圈向上且增加,由楞次定律知感应电流的磁场向下,则线圈中的电流方向从b到a,为负值。磁体在线圈中间运动时,其磁场穿过线圈的磁通量不变,无感应电流,磁体离开线圈b端的过程,磁场穿过线圈向上且减小,由楞次定律知感应电流的磁场向上,则电流方向从a到b,为正值,且此过程磁体运动速度大于进入过程,磁通量的变化率大。由法拉第电磁感应定律知,该过程的感应电动势大,则感应电流大,故B正确。故选B。2、C【解题分析】—x图象的斜率大小等于电场强度,x处和-x处场强大小相等,方向相反,x处和-x处场强大小不相等,故1112AB错误;-x处电势相等,根据E=qφ知某带电粒子在x处和-x处电势能相等,故C正确,D错误。22p22故选C。3、C【解题分析】,GPS导航系统周期约为12h,根据周期与角速度的关系2???T:..可知北斗导航系统的同步卫星的周期大,则其角速度小,故A错误;?2G?mrr2T2得卫星绕地球做圆周运动的周期r3T?2?GM北斗导航系统的同步卫星的周期大,则其轨道半径大,故B错误;?mr2r得卫星绕地球做圆周运动的线速度GMv?r北斗导航系统的轨道半径大,则其线速度小,GPS导航卫星的线速度大,故C正确;?v?可知北斗导航系统的角速度小、线速度小,则其加速度小,GPS导航卫星的向心加速度大,故D错误。故选C。4、B【解题分析】已知弹簧的弹力F与伸长的长度x,根据胡克定律F?kx得Fk?xACD错误,B正确。故选B。5、B【解题分析】,卫星在P点距地球的距离相等,受到的万有引力相等:..GMmF??mar2所以卫星在点的加速度相同,故A错误;,需要加速,则轨道2的速度要大一些,所以卫星在P点的动量轨道2的大于轨道1的,故B正确;,但方向不同,故产生的加速度大小相同,方向不同,故卫星在轨道的不同位置都具有不同加速度,故C错误;,又开普勒第二定律可得,卫星离地球越近,速度越大,则卫星在轨道1上除了关于地球对称的位置外,各位置具有不同的动能,选项D错误。故选B。6、C【解题分析】,可能做匀速直线运动,加速度为零,故A项错误;??可知,物体的速度变化量大时,加速度不一定大,故B项错误;?t?,物体的速度变化率越大,则其加速度一定越大,故C项正确;?,速度小于零时,物体的速度方向与加速度方向相反,物体做减速运动,故D项错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ACD【解题分析】,具有确定的熔点,选项A正确;,说明湿泡的蒸发非常快,空气的相对湿度越小,选项B错误;,尖端会变钝是因为液体表面张力作用的结果,选项C正确;,在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润,以便吸取药液,选项D正确;,在温度不知道的情况下,不能简单地说饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强,故E错误。故选ACD。8、BC【解题分析】,根据平衡条件可得mg?kx1:..释放球A瞬间,对球A和球B分析,根据牛顿第二定律可得4mgsinα?mg?kx?5ma11解得2a?g15故A错误;,球C恰好离开地面时,对球C分析,根据平衡条件可得mg?kx2对球A和球B分析,根据牛顿第二定律可得4mgsinα?mg?kx?5ma22解得a?02所以球C恰好离开地面时,球A沿斜面下滑的速度达到最大,故B正确;,根据能量守恒可得14mg(x?x)sinα?mg(x?x)??5mv212122m解得球A沿斜面下滑的最大速度为mv?2gm5k故C正确;?x?可知球C恰好离开地面时弹簧的伸长量与开始时弹簧的压缩量相等,A、B两小球组成的系统在12k运动过程中,轻质弹簧先对其做正功后对其做负功,所以A、B两小球组成的系统机械能不守恒,故D错误;故选BC。9、ABC【解题分析】v?t读取图像信息,运动情景图如图所示图像与t轴所围面积为位移,至Q点时,乙车位移为:..s?s?s乙12甲车位移为s?s甲2初始时,甲车在乙车前方s处0若甲、乙两车速度相同为v时,有s?s?s120乙车还没有追上甲车,此后甲车比乙车快,不可能追上;若甲、乙两车速度相同为v时,有s?s?s?s1202即s?s01则此前乙车已追上甲车1次,此时乙车在甲车前面,之后乙车速度小于甲车,乙车还会被甲车反追及1次。则全程相遇2次;若甲、乙两车速度相同为v时,有s?s?s?s1202即s?s01则此前乙车始终在甲车后面,此时乙车刚好追及甲车(临界点),之后乙车速度小于甲车,不再相遇。则全程仅相遇1次;故A、B、C正确,D错误;故选ABC。10、BCD【解题分析】,静止在赤道上空,不可能经过苏州上空,故A错误;,所以卫星B可能经过江苏上空,故B正确;?2mRG?R2T2可得:..4?2R3T?GM半径越大,周期越大,所以T=T?T,故C正确;?GR2Ma?GR2半径越大,向心加速度越小,所以向心加速度大小a<a<g,故D正确。AB故选BCD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)(2)R(3)如图甲、乙所示1【解题分析】欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数;螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数;在保证安全的前提下,为方便实验操作,应选最大阻值较小的滑动变阻器;为准确测量电阻阻值,应测多组实验数据,滑动变阻器可以采用分压接法,根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法,作出实验电路图,然后根据电路图连接实物电路图;【题目详解】解:(1)由图示多用电表可知,待测电阻阻值是8×1Ω=8Ω;由图示螺旋测微器可知,的固定刻度读数为2mm,×=,其读数为:2mm+×=;(2)滑动变阻器R(0~2000Ω,)的阻值比待测金属丝阻值8Ω大得太多,为保证电路安全,方便实验操作,滑动2变阻器应选R1,最大阻值5Ω;为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,由于被测电阻阻值较小,则电流表应采用外接法,实验电路图如图所示:..根据实验电路图连接实物电路图,如图所示?x?x?d12、②拨杆716L【解题分析】(1)[1]相干光频率必须相同,所以双缝应该放在②位置;(2)[2]相干光为单色光,振动方向相同,所以要保证单缝与双缝平行,需要借助拨杆调节;(3)[3]根据相邻两条明条纹L或者暗条纹之间的距离公式Δx=λ可知,dx?xLΔx=71=λ6d得?x?x?dλ=716L四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)v?25m/s(2)Q=5J(3)x?405mm【解题分析】(1)棒MN做匀加速运动,由牛顿第二定律得:F-BIL=ma棒MN做切割磁感线运动,产生的感应电动势为:E=BLv棒MN做匀加速直线运动,5s时的速度为:v=at=2m/s1E在两棒组成的回路中,由闭合电路欧姆定律得:I?2R:..B2L2at联立上述式子,有:F?ma?2R代入数据解得:F=:P=Fv代入数据解得:P=1WP棒MN最终做匀速运动,设棒最大速度为v,棒受力平衡,则有:?BIL?0mvmmBLvI?mm2R代入数据解得:v?25m/sm(2)解除棒PQ后,两棒运动过程中动量守恒,最终两棒以相同的速度做匀速运动,设速度大小为v′,则有:mv?2mv?m设从PQ棒解除锁定,到两棒达到相同速度,这个过程中,两棒共产生的焦耳热为Q,由能量守恒定律可得:11Q?mv2??2mv?22m2代入数据解得:Q=5J;(3)棒以MN为研究对象,设某时刻棒中电流为i,在极短时间△t内,由动量定理得:-BiL△t=m△v对式子两边求和有:?(?BiL?t)??(m?v)m而△q=i△t对式子两边求和,有:??q??(i?t)联立各式解得:BLq=mv,mE又对于电路有:q?It?t2RBLx由法拉第电磁感应定律得:E?tBLx又q?2R代入数据解得:x?405m53R14、4c【解题分析】作出光路图,如图所示:..圆弧AE的长度与圆弧BE的长度之比为2∶3,由几何关系可知?AOE?60?,?EOB?90?OD1tan?OED??OE2由圆心角?AOB?150?可知,该单色光在OB边的入射角i?60?,折射角r??OED1sinr?5由折射率公式有sinin?sinr解得15n?2由勾股定理5DE?OE2?OD2?R2又因为cn?v该单色光在玻璃砖从D到E传播的时间DE53Rt??v4c3v22E15、(1)0;(2)ELv0【解题分析】(1)设粒子在电场区域内做类平抛运动的时间为t,有L?vt0:..31L?at222又qE?ma解得q3v2?0mEL(2)设粒子进入磁场区域时速度方向与水平方向夹角为?,有attan??v0解得??60?则进入磁场的速度大小vv?0?2vcos60?0在磁场中,有v2qvB?mr运动轨迹如图由几何知识得3r?rsin30??L2解得:..2EB?v0