文档介绍：该【2023年江苏省苏州市常熟市等地中考物理一模试卷及答案解析 】是由【1781111****】上传分享，文档一共【32】页，该文档可以免费在线阅读，需要了解更多关于【2023年江苏省苏州市常熟市等地中考物理一模试卷及答案解析 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不变,开关S2连接a,调节电阻箱的阻值,使电流表示数为,读出电阻箱的示数为R0;③则小灯泡的额定功率的表达式为P=(用字母表示)。额32.(5分)阅读短文,回答问题。电动平衡车又称体感车,是一种时尚代步工具,以内置的精密固态陀螺仪来判断车身所处的姿势状态,检测车体姿态的变化,并利用伺服控制系统,精确地驱动左右两个电动机进行相应的调整,以保持系统的平衡,电动平衡车采用站立式驾驶方式,如图1甲所页(共页):..动机行驶。如表为某品牌电动平衡车部分技术参数。平衡车的转向指示灯电路如图乙所示,电路中电源电压恒为,指示灯L1、L2的规格均为“6V6W”,R0为定值电阻,电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计,不考虑指示灯电阻随温度的变化,当单刀双掷开关S与“1”接通后,左转指示灯L1会亮暗交替闪烁。在此过程中,左转指示灯L1两端实际电压U1随时间变化规律如图1丙所示。?h最大载重90kg每个电动机最大输出功率360W最高速度18km/h每个电动机的能量转化效率70%最大陡坡30°(1)如图2所示,与电动平衡车驱动前行过程原理相同的是;(2)图1乙电路中定值电阻R的阻值为,在单刀双掷开关S与“1”接通情0况下,左转指示灯L亮暗交替闪烁工作12s,则整个电路消耗的电能为J;1(3)体重50kg的小明驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速直线行驶时,,此时,每个电动机的平均输出功率为W,平衡车最大可行驶的路程是km。页(共页):..参考答案与试题解析二、第I卷选择题(共24分)一、选择题(本题共12小题,每小题2分,共24分,每小题四个选项中只有一个选项正确).【分析】了解生活中半导体材料,发光二极管、所有的芯片、集成电路都属于半导体。【解答】解:二极管、所有的芯片、集成电路都属于半导体。故选:C。【点评】此题考查了,半导体在生活中的应用,知道半导体具有单向导电性。2.【分析】做功的两个必要因素:作用在物体上的力;物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致);二者缺一不可。【解答】解:A、足球在水平地面上滚动一段距离时,移动距离的方向水平向前,重力的方向竖直向下,足球在重力的方向上没有移动距离,故重力对足球没有做功,故A错误;B、用力推发生故障的汽车而未推动时,只有力没有距离,故推力对汽车没有做功,故B错误;C、运动员从地面将杠铃举起的过程中,力的方向竖直向上,杠铃在力的方向上移动了距离,故举重运动员对杠铃做功,故C正确;D、吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时,拉力方向竖直向上,移动距离的方向水平向前,重物在拉力的方向上没有移动距离,故吊车的拉力对重物没有做功,故D错误。故选:C。【点评】本题考查力是否做功的判断,深入理解做功的两个必要因素,可解答此题。3.【分析】,求出电源电压;根据W=UIt求出灯泡1min消耗的电能。【解答】解:电源电压为:U=×3=,小灯泡工作1min消耗的电能为:W=UIt=××60s=162J;故ABD错误,C正确。故选:C。【点评】此题主要考查的是学生对电功计算公式的理解和掌握,弄明白电源电压是解决此题的关键,基础性题目。页(共页):..【分析】(1)物体的内能与质量、温度和状态有关;一切物体在任何情况下都有内能;(2)热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量;(3)做功和热传递都可以改变物体的内能;(4)内能的大小与质量、温度、状态等因素有关。【解答】解:A、因为物体的分子永不停息地做无规则的运动,所以任何物体都有内能,0℃的冰仍具有内能,故A错误;B、热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量,故B错误;C、摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能,将机械能转化为内能,故C正确;D、物体吸收热量,内能增大,但温度不一定升高,比如:晶体在熔化过程中吸收热量,而温度保持不变,故D错误。故选:C。【点评】本题围绕热学中的一些基本概念的理解进行了考查,包括温度、热量、内能等,综合性强,应熟练掌握、深入理解。5.【分析】并联电路各用电器之间互不影响,串联电路的用电器互相影响。三孔插座的接法:上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。【解答】解:插线板上的开关闭合时插孔能提供工作电压,这说明开关控制三孔插座;三孔插座的接法:上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线,为了用电的安全,开关接在右孔与火线之间,故B正确。故选:B。【点评】根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一;家庭电路中,开关控制用电器,开关一定接在用电器和火线之间,既能控制用电器,又能保证使用安全。6.【分析】(1)电动机在工作的过程中会消耗电能;(2)(3)(4)通电导体在磁场中受力的方向与磁场的方向、电流的方向有关。【解答】解:A、玩具电动机在通电后会消耗电能,电能转化为机械能,故A错误;B、线框左右两边导线的电流的方向相同,磁场的方向不同,所以受到的磁场力方向不相同,故B错误;C、若仅调换电池两极,磁场的方向不变,电流的方向改变,则磁场力的方向改变,线框将逆时针转动,故C正确;页(共页):..D错误。故选:C。【点评】本题考查了能量的转化、影响通电导体在磁场中所受磁场力方向的因素,难度不大。7.【分析】首先明确额定电压相同的用电器分别在额定功率下、持续工作的时间图,然后根据P=来分析求解。【解答】解:(1)由图可知,1度电可供丁持续工作的时间最少,由P=可知,丁的实际功率最大,乙和丙的实际功率相同,甲的实际功率最小,则在相同的时间内,甲消耗的电能比乙的少;故AC错误,D正确;(2)乙和丙的实际功率相同,但不知二者的电阻关系,由Q=I2Rt可知,不能确定乙和丙产生的电热肯定相同,故B错误。故选:D。【点评】本题考查了电功率的概念和意义,考查了学生根据题中信息解答问题的能力,是一道中等题。8.【分析】根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项分析;主要有开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电表的量程的选择、实验操作、多次测量是为了减小实验误差。【解答】解:A、伏安法测电阻的实验中,为保护电路,防止连接最后一根导线时电路中的电流过大,烧坏电路元件,连接电路时开关应断开,故A错误;B、在无法估计被测电压、电流的大小时,电流表、电压表应选用较大的量程,可以保护电表,故C错误;C、每次读取数据后在记录过程中,均需断开开关,可以防止因电阻通电时间过长,造成温度升高而影响实验测量结果,故C正确;D、真实值与测量值之间的差异叫误差,误差在是不可避免的,多次测量求平均值来减小误差,故D错误。故选:C。【点评】本题伏安法测电阻的实验,考查了注意事项、实验操作、误差及其减小方法的理解和掌握,属于实验基本能力考查。页(共页):..【分析】(1)测电笔的内部有一个阻值很大的电阻,当人接触测电笔的笔尾金属体,人和测电笔是串联在电路中,如果两者串联在零线和大地之间,加在两者之间的电压是0V,氖管不发光;如果两者串联在火线和大地之间,加在两者之间的电压是220V,此时测电笔的阻值很大分担的电压很大,人体分担的电压很小,不会超过人体的安全电压,氖管发光,但是不会对人造成伤害。(2)用测电笔来鉴别火线与零线。使用测电笔时,笔尖接触要检测的导线,手接触笔尾金属体,才能在接触火线时氖管发光,接触零线时氖管不发光。【解答】解:A、在使用测电笔时,测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间,加在两者之间的电压是220V,此时测电笔的高值电阻分担的电压很大,人体分担的电压很小,通过人体的电流很小,氖管发光,不会发生触电事故,而铁丝的电阻很小,不能起到保护人体安全的作用,所以不能用铁丝代替测电笔中的高电阻,故A错误;B、当测电笔笔尖接触导线时,使氖管发光的是火线,氖管不发光时说明接触的是零线,故B正确;C、手不要接触测电笔前端的金属体,必须接触测电笔末端的金属体,不是绝缘体,故C错误;D、在使用测电笔时,测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间,加在两者之间的电压是220V,此时有电流经过人体,故D错误。故选:B。【点评】本题考查了测电笔的使用方法,手指一定要接触笔尾的金属体,不会触电的!10.【分析】启动开关闭合后,垃圾桶才能正常使用,此时指示灯亮起;当感应开关闭合后,垃圾桶打开,这表明该电路为并联电路,据此分析。【解答】解:启动开关闭合后,垃圾桶才能正常使用,此时指示灯亮起;扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内,感应开关自动闭合,动力装置工作,垃圾桶盖缓缓打开,这表明灯泡和动力装置能各自独立工作,并联在电路中,启动开关接在干路中,控制整个电路;感应开关控制动力装置,串联在一条支路中,故C符合题意。故选:C。【点评】本题考查了电路的设计,能判定出电路的连接方式是解题的关键。11.【分析】(1)由图可知n=2,n=3,利用不计绳重和摩擦时F=(G+G)求出两甲乙动图中拉力的大小比较即可;页(共页):..)利用W=Gh求出有用功比较即可;有(3)不计绳重和摩擦时,额外功为克服动滑轮重力所做的功,利用W=Gh求出额额动外功比较即可;(4)利用不计绳重和摩擦时====求滑轮组的机械效率比较即可。【解答】解:A、由图可知n=2,n=3,因为不计绳重和摩擦,所以绳子自由端的拉甲乙力:F=(G+G),F=(G+G),故A符合题意;甲动乙动B、两套装置提升的物重相同,提升的高度相同,由W=Gh可知,两套装置所做的有有用功相同,故B不符合题意;C、不计绳重和摩擦时,额外功为克服动滑轮重力所做的功,两套装置的动滑轮重力相等,提升的高度相同,由W=Gh可知,两套装置所做的额外功相同,故C不符合题意;额动D、两套装置提升的物重和动滑轮的重力均相同,由不计绳重和摩擦时η====可知,两套装置的机械效率相同,故D不符合题意。故选:A。【点评】本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、额外功和机械效率的大小比较,关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。12.【分析】(1)先根据图乙的两组数据,用I=求出对应的电流值,再根据U=IR1得到两个时刻电阻R1的电压,根据串联电路总电压等于各部分电压之和,即U=U1+U2,可得到两组电源电压相同的表达式,联立即可得到电源电压和R1的值;(2)当电压表的示数最大时,此时电路中总电阻最大,电流最小,当电流表的示数最大时,电流最大;(3)根据电流的范围:分别用P=UI计算电功率。【解答】解:AB、设电源电压为U,则U=U+U,12从图中看出,电压表测量滑动变阻器的电压,当滑动变阻器的阻值为40Ω时,电压表示数为12V,此时电流为;I===,页(共页):..=×R+12V…①1当滑动变阻器的阻值为70时,电压表示数为14V,此时电流为:I′===,此时可得:U=×R1+14V…②由①②可得:U=18V,R1=20Ω,故AB正确;C、当电压表的示数最大为15V,此时电路中总电阻最大,电流最小,为:I==小=,电流表的量程为0~,当滑动变阻器接入电阻为0时,电路中的电流为:I″===>,故电路中的最大电流为:I=,大故电流表示数的变化范围是:﹣,故C错误;D、R的电功率的最小值为:P=I2R=()2×20Ω=,11小小R的电功率的最大值为:P=I2R=()2×20Ω=,~,故D正确。故选:C。【点评】本题考查电功率的计算及欧姆定律的应用等知识,有一定难度。二、填空题(本大题共小题,每空1分,共26分)13.【分析】(1)核裂变和核聚变都能释放能量,对于核裂变是可控的,如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的;(2)核能发电时,在核反应堆中,铀核的裂变将核能转化为内能;在汽轮机中,内能再转化为机械能;在发电机中,机械能转化为电能;(3)能够短时间内从自然界得到补充的一次能源是可再生能源,短时间得不到补充的一次能源是不可再生能源。【解答】解:(1)核电站是利用可控的核裂变释放能量来发电的;(2)核电站中的汽轮机带动发电机组发电,将机械能转化为电能;(3)核能属于一旦消耗就很难再生的能源,是不可再生能源;故答案为:核裂变;电;不可再生。【点评】本题主要考查学生对能源分类、核电站原理以及能量转化,是一道基础题。页(共页):..【分析】内能可以用来做功,转化成机械能;电磁波的传播速度是3×108m/s,已知电磁波信号传播距离和速度,利用公式t=得到信号传播时间。【解答】解:火箭中的燃料燃烧时,燃气推动火箭和卫星上升,卫星的质量不变,速度变大,高度增加,所以卫星的动能、重力势能都增大,其机械能会增大;电磁波在太空中的传播速度为3×108m/s=3×105km/s,由v=可得,电磁波传播时间:t===。故答案为:增大;。【点评】此题考查了能量的转化和速度变形公式的应用,是一道联系实际的应用题,难度不大。15.【分析】影响电阻大小的因素是材料、长度和横截面积;灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率,通过灯泡的电流越大,功率越大;根据夹子移动的方向判定电阻的变化,根据欧姆定律判定电流的变化,从而判定出灯泡亮度的变化。【解答】解:闭合开关,回形针向左移动的过程中,铅笔芯接入电路中的长度变短,电阻减小,根据欧姆定律可知,电流变大,灯泡变亮;小明发现回形针在移动的过程中灯泡亮度变化不明显,说明电流的变化比较小,根据I=可知,即铅笔芯电阻变化较小,故应选用电阻较大的铅笔芯,即换用更细的铅笔芯。故答案为:变亮;细。【点评】本题考查了影响电阻大小的因素,属于基础知识。16.【分析】(1)知道小灯泡的额定功率和额定电压,利用R=求出小灯泡的电阻,(2)3600r/(kW?h)表示的是电路中用电器每消耗1kW?h的电能,电能表的转盘转3600r,据此求出转盘转4转消耗的电能;(3)根据P=求出实际功率,已知实际功率和电阻,根据P=UI=求解实