文档介绍：构造组合模型巧证组合恒等式
第 3 页
构造组合模型巧证组合恒等式
　　构造组合模型巧证组合恒等式证明组合恒等式，一般是利用组合数的性质、数学归纳法、二项式定理等，通过一些适当的计算或化简来完成．但是，很多组合恒等式，也可直接利用组合数的意义来证明．即构造一个组合问题的模型，把等式两边看成同一组问题的两种计算方法，由解的唯一性，即可证明组合恒等式．
例１证明Ｃｎｍ＝Ｃｎｍ－１＋Ｃｎ－１ｍ－１．
分析：原式左端为ｍ个元素中取ｎ个的组合数．原式右端可看成是同一问题的另一种算法：把满足条件的组合分为两类，一类为不取某个元素ａ１，有Ｃｎｍ－１种取法．一类为必取ａ１有Ｃｎ－１ｍ－１种取法．由加法原理可知原式成立．
例２证明Ｃｎｍ·Ｃｐｎ＝Ｃｐｍ·Ｃｎ－ｐｍ－ｐ．
分析：原式左端可看成一个班有ｍ个人，从中选出ｎ个人清扫卫生，在选出的ｎ个人中，ｐ人清扫教室，余下的ｎ－ｐ人清扫环境卫生的选法数．原式右端可看成直接在ｍ人中选出ｐ人清扫教室，在余下的ｍ－ｐ人中再选出ｎ－ｐ人清扫环境卫生．显然，两种算法计算的是同一个问题，结果当然是一致的．
以上两例虽然简单，但它揭示了用组合数的意义证明组合恒等式的一般思路：先由恒等式中意义比拟明显的一边构造一个组合问题的模型，再根据加法原理或乘法原理对另一边进行分析．假设是几个数〔组合数〕相加的形式，可以把构造的组合问题进行适当分类，如例１，假设是几个数〔组合数〕相乘的形式，那么应进行适当的分步计算，如例２，当然，很多情况下是两者结合使用的．
第 3 页
例３证明Ｃｋｍ＋ｎ＝Ｃ０ｍＣｋｎ＋Ｃ１ｍＣｋ－１ｎ＋Ｃ２ｍＣｋ－２ｎ＋…＋ＣｋｍＣ０ｎ，其中当ｐ＞ｑ时Ｃｐｑ＝０．
证明：原式左边为ｍ＋ｎ个元素中选ｋ个元素的组合数．今将这ｍ＋ｎ个元素分成两组，第一组为ｍ个元素，剩下的ｎ个元素为第二组，把取出的ｋ个元素，按在第一组取出的元素个数ｉ〔ｉ＝０，１，２，…，ｋ〕进行分类，这一类的取法数为ＣｉｍＣｋ－ｉｎ．于是，在ｍ＋ｎ个元素中取ｋ个元素的取法数又可写成?ｋｉ＝０ＣｉｍＣｋ－ｉｎ．故原式成立．
例４证明
Ｃｎｎ＋Ｃｎｎ＋１＋Ｃｎｎ＋２＋…＋Ｃｎｎ＋ｍ＝Ｃｎ＋１ｎ＋ｍ＋１．
证明：原式右边为ｍ＋ｎ＋１个元素中取ｎ＋１个，元素的组合数，不失一般性，可以认为是在１，２，３，…，ｍ＋ｎ，ｍ＋ｎ＋１，共ｍ＋ｎ＋１个数中取ｎ＋１个数．将取出的ｎ＋１个数ａ１，ａ２…，ａｎ＋１由小到大排列，即设ａ１＜ａ２＜ａｎ＋１，按取出的最大数ａｎ＋１＝ｋ＋１分类，显然ｋ＝ｎ，ｎ＋１，…，ｎ＋ｍ．当ｋ＝ｎ＋ｉ时〔ｉ＝０，１，２，…，ｍ〕，这一类取法数为Ｃｎｎ＋ｉ，所以取法总数又等于?ｍｉ＝０Ｃｎｎ＋ｉ．原式成立．
第 4 页
对于某些组合恒等式，有时其左右两边所表示的意义都不易看出，但是如果根据组合数的特点仔细分析，或对原式进行一些适当的变形，往往可以巧妙地构造一个组合问题做为模型，证明就可化难为易．
例５证明Ｃ１ｎ＋２Ｃ２ｎ＋３Ｃ３ｎ＋…＋ｎＣｎｎ＝ｎ２ｎ－１．
分析：注意，原式左端等价于Ｃ１１Ｃ１ｎ＋Ｃ１２Ｃ２ｎ＋…＋Ｃ１ｎＣｎｎ，这里Ｃ１ｉＣｉｎ可表示先在ｎ个元素里选ｉ个，再在这ｉ个元素里选一个的组合数，可设一个班有ｎ个同学，选出假设干人〔至少１人〕组成一个代表团，并指定一人为团长．把这种选法按取到的人