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题号一二三四五总分
得分
一、单项选择题(本大题共5小题,)
,正确的选项是()
,说明原子核内有氦核
原子核由质子和中子组成,其核子数越多,则结合能越大
原子核的半衰期能够经过加压也许升温等方法进行改变
裂变反应堆中,发生的不是链式反应
天津市新建了几个滑雪场,以下列图为某滑雪道表示图,四分
之一圆弧轨道率径为R质量为m的运动员(含滑板)从A点由
静止开始滑下,到达最低点B时,运动员对轨道的压力为2mg,已知重力加速度为g,则在运动员(可视为质点)下滑的过程
中()
A.
C.
机械能守恒
先失重后超重
B.
D.
重力的功率素来变大
阻力做功为mgR
以下列图的电场中,虚线a、b、c为三个等勢面,相
邻等勢面之间的电势差相等,即Uab=Ubc,一带负电的
质点仅在电场力的作用下经过该地域时的运动轨迹如
实线所示,P、Q是这条轨迹上的两点,由此可知()
a、b、c三个等势面中,a的电势最高
带电质点在P点的动能比在Q点大
带电质点在P点的电势能比在Q点小
带电质点在P点时的加速度比在Q点小
,理想变压器MN原线圈接一交流电源,副线圈回路中有必然值电阻R0
和两个小灯泡L1、L2,电表为理想电表。最初电键S是断开的,现闭合电键S,则
()
A.
C.
副线圈两端电压变大
电流表A1示数变大
B.
D.
灯泡L1变亮
电阻R0中的电流变小
氢原子能级以下列图,有大量氢原子处于基态,现用光子能量为E的一束单色光照射这群氢原子,氢原子吸取光子后能
向外辐射出6种不同样频率的光,已知普朗克常数为h,真空
中光速为c,在这6种光中()
A.
B.
最简单发生衍射现象的光是由n=2能级跃迁到n=1能级产生的
所有光子的能量不能能大于E
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=2能级跃迁到n=1能级产生的
在真空中波长最大的光,波长是
二、多项选择题(本大题共3小题,)
一列简谐横波沿x轴正方向流传,波源在坐标原点,
波速v=10m/s,己知在t=0时辰的波形以下列图,此时
波恰好流传到x=5m处。以下说法中正确的选项是()
,质点a运动到质点b现在所处的地址
,一长方体放置于粗糙水平川面上,物块A由
超出定滑轮的轻质细绳与物块B连接,系统处于静止状
态,现对B施加一水平力F使B缓慢地升起,使绳子偏
离竖直方向一个角度,在此过程中物块A和长方体向来
处于静止状态,则()
,发现一行星绕某恒星做匀速圆周运动,行星运
行周期为T,线速度大小为v,()
三、填空题(本大题共1小题,)
以下列图,圆滑水平面上有质量分别为m1=1kg、
m=2kg的两个物体,其中
m
左侧固定一轻质弹簧,
2
2
m1以v0=9m/s的速度向右运动,经过压缩弹簧与原
来静止的m2发生相互作用,则弹簧被压缩到最短时
m2的速度为v=______m/s,此
时弹簧储藏的弹性势能为
______J。
四、实验题(本大题共
2小题,共
)
“研究加速度与力、质量的关系”的实验装置以下列图。
①关于该实验的操作,以下做法正确的选项是______(填字母代号)
,使细绳与长木板平行
,必定把纸带穿过打点计时器并打点
,必定重新平衡摩擦力
②以下列图为依照实验数据画出的图象,图象但是原点的原因是______。
“测量电阻丝的电阻率”实验中,为了操作方便并多测几组实验数据,现有以下器材可供选择:
待测电阻丝RX(,)
标准电阻R0(阻值5Ω)
滑动变阻器R1(5Ω,2A)
滑动变阻器R2(200Ω,)
电压表V(量程3V,内阻约为3kΩ)
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电流表A(,)
直流电源E(E=6V,内阻不计)
开关S、导线若干
①滑动变阻器应入选择______(选填“R1”或“R2”);
②在答题卡上的方框中画出实验电路原理图;③用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数以下列图,则该电阻丝的直径
D=______mm。
五、计算题(本大题共3小题,)
游乐场上有一少儿乘坐小电动车,静止于水平川面上
的A点,少儿与小车总质量为m=40kg,现用F=100N
的水平恒定牵引力使小车沿直线从
A点运动到C点,
位移为x1,此后关闭发动机,小车连续滑动一段时间
t停在B点,A、B两点相距x=20m,以下列图。小车与地面间的摩擦力恒为
Ff=80N,
取g=10m/s2,求:
1)小车从A到C的位移x1的大小;
2)小车从C到B的滑动时间t。
质量为M的绝缘细管,.做成一圆形轨道,竖直固定在水平面上,
以下列图。圆心与坐标原点重合,在Ⅰ、Ⅱ象限有垂直于轨道平
面向外的匀强磁场,在Ⅳ象线有竖直向下的匀强电场。一个带正电的小球,其电荷量为q、质量为m,从图中地址由静止释放,
第一次到达圆形轨道的最高点时恰好能经过。不计所有摩擦,小
球的电荷量保持不变,圆形轨道的半径为R,绝缘细管的内径远小于R,小球直径
略小于绝缘细管的内径,小球可看作质点。求:
(1)电场强度E的大小
(2)若小球第四次到最高点时,恰好对轨道无压力,求磁感觉强度B的大小。
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,在磁感觉强度为B的匀强磁场中,竖直放置两根平行金属导轨电阻不
计,磁场方向垂直于导轨所在平面向里,导轨上端接一阻值为R的电阻。两金属
棒a和b的电阻均为R,质量分别为和,它们与导
轨接触优异并可沿导轨无摩擦滑动。闭合开关s,先固定b,用一恒力F向上拉a,
牢固后a以的速度匀速运动,此时再释放b,b恰好保持静止,设导轨
足够长,取,求:
拉力F的大小;
若将金属棒a固定,让金属棒b自由滑下开关仍闭合,求b滑行的最大速度;
若断开开关,将金属棒a和b都固定,使磁感觉强度大小经由B随时间均
匀增加到2B时,a棒碰到的安培力正好等于a棒的重力,求两金属棒间的距离h。
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答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:A、原子核发生a衰变时放出氦核,是这个原子核不牢固,衰变成其他新
的原子核,同时释放出一个氦核,其实不能够说原子核内含有氦核。故A错误;
B、原子核由质子和中子组成,其核子数越多,核力做功越多,则结合能越大。故B正
确;
C、半衰期由核内部自己的因素决定,跟原子所处的物理或化学状态没关。故C错误;
D、裂变反应堆中,发生的是链式反应。故D错误。
应选:B。
原子核发生a衰变时放出核,其实不能够说明原子核内有氮核;原子核由质子和中子组成,
其核子数越多,则结合能越大;半衰期由核内部自己的因素决定;裂变反应堆中,发生
的是链式反应。
本题察看了原子核衰变及半衰期、原子核的结合能、裂变反应和聚变反应等知识点。对
于原子物理部分知识很多是属于记忆部分的,因此需要注意平时的记忆与积累。
2.【答案】C
【解析】解:AD、在最低点B的速度为vB,依照牛顿第二定律可得:F-mg=m
解得:vB=
,
从A到B依照动能定理可得:mgR+Wf=
,
解得阻力做功为:Wf=-mgR,说明下滑过程中阻力做负功,机械能不守恒,故AD错误;
B、竖直方向的速度先增大、后减小,依照P=mgvy可知,重力的功当先增大、后减小,故B错误。
C、竖直方向的速度先增大、后减小,说明先加速下降伍减速下降,因此运动员先失重
后超重,故C正确;
应选:C。
依照牛顿第二定律求出B点的速度,再依照动能定理求解阻力做的功并判断机械能可否守恒;依照竖直方向速度的变化情况判断失重或超重、重力的功率变化情况。
本题主若是察看了机械能守恒定律的知识;要知道机械能守恒定律的守恒条件是系统除重力或弹力做功以外,其他力对系统做的功等于零;除重力或弹力做功以外,其他力对
系统做多少功,系统的机械能就变化多少。
3.【答案】A
【解析】解:A、电荷所受电场力指向轨迹内侧,由于电荷带负电,因此电场线指向左
上方,沿电场线电势降低,故c等势线的电势最低,a等势线的电势最高,故A正确;
BC、依照质点受力情况可知,从P到Q过程中电场力做正功,电势能降低,动能增大,故P点的动能小于Q点的动能,故BC错误;
D、等势线密的地方电场线密场富强,故P点地址电场强,电场力大,依照牛顿第二定
律,加速度也大,故D错误。
应选:A。
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由于质点只受电场力作用,依照运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方,由于质点带负电,因此电场线方向也指向左上方;电势能变化能够经过电场力做功情况判断;电场线和等势线垂直,且等势线密的地方电场线密,电场强度大。
解决这类带电粒子在电场中运动的思路是:依照运动轨迹判断出所受电场力方向,尔后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化。
4.【答案】C
【解析】【解析】
输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,依照理想变压器的原理解析即可。
本题主要察看变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬市价以及变压器变压原理、功率等问题完整理解。
【解答】
,因此变压器的输出的电压向来不变,
故A错误;
,电路的总电阻减小,总电流变大,因此电阻R0上耗资的电压变大,由于
输出的电压不变,因此灯泡L1的电压减小,故灯泡L1变暗,故B错误;
,电路的总电阻减小,总电流变大,而变压器的匝数比不变,因此原线圈中的电流增大,故C正确;
,原线圈电路的总电阻减小,总电流变大,故D错误。
应选C。
5.【答案】B
【解析】解:用光子能量为E的一束单色光照射处于基态的一群氢原子,发出6种不同样
频率的光,知氢原子从基态跃迁到n=4的激发态,
A、波长越长的,越简单发生衍射现象,而由n=2能级跃迁到n=1能级,不是最低,则
波长不是最长。故A错误。
B、用光子能量为E的一束单色光照射这群氢原子,氢原子吸取光子后能向外辐射出6
种不同样频率的光,那么所有光子的能量不能能大于E,故B正确;
C、频率最小,则辐射的光能量也最小,应该是由n=4能级跃迁到n=3能级产生的。故
错误。
D、由题意可知氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光子能量最小,因此频率最小,
那么波长最长,而氢原子从n=4能级跃迁到
n=1能级发出的光子能量最大,因此频率最
大,那么波长
=,即为最长波长。故
D错误。
应选:B。
用光子能量为E的一束单色光照射处于基态的一群氢原子,
发出6种不同样频率的光,知
氢原子从基态跃迁到
n=4的激发态,依照
hγ=Emn
-E去进行判断.
解决本题的要点知道能级间跃迁吸取或发出光子的能量满足
hγ=Em-En,并掌握跃迁光的
波长最长与最短对应的辐射能量高低的关系.
6.
【答案】AC
【解析】解:AC、由波形图可得:振幅A=10cm,波长λ=4m,故AC正确。
B、由波速、波长和周期的关系可知,周期为
T==,故B错误。
D、图示横波上质点只在
y方向上下振动,不会沿
x轴运动,故质点a不能够到达质点b
现在所处的地址,故
D错误。
应选:AC。
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由图获取振幅、波长,依照波速求得周期、频率;依照横波上质点只在平衡地址周边振动,不随波的流传而迁移判断质点能到达的地址。
质点只在平衡地址周边振动,不随波的流传而迁移,故横波在波的流传方向上的位移为零,纵波的最大位移为振幅A,和波速、波长等没关。
7.【答案】BD
【解析】解:取物体B为研究对象,解析其受力情况,设细绳与竖直方向夹角为
a,则
有:F=mgtanα;绳子拉力T=
;
A、在物体B缓慢拉高的过程中,α增大,绳子拉力增大,物体
A受力平衡,则长方体
对物块A的摩擦力素来增大,故
A错误;
BC、由于整体竖直方向并没有其他力,故长方体所受地面的支持力向来等于整体的重
力,没有变化,故B正确、C错误;
D、则水平力F随之变大,对
A、B两物体与长方体这个整体而言,由于长方体与物体
A依旧保持静止,则地面对长方体的摩擦力必然变大;故
D正确。
应选:BD。
以物体B受力解析,由共点力的平衡条件可求得拉力变化;
再对整体受力解析可求得地
面对长方体的摩擦力;
再对A物体受力解析可知A碰到的摩擦力的变化。
本题要注意正确选择研究对象,
正确进行受力解析,
再依照共点力平衡中的动向平衡分
析各力的变化情况。
8.【答案】CD
【解析】解:A、由G=mg′得g′=
,又v=
可解得g′=
,可见
应是行星所
在轨道处的重力加速度,而不是恒星表面的重力加速度,故
A错误。
B、依照第一宇宙速度的计算公式:
v=
==
,故B错误;
C、依照v=,得行星的轨道半径
r=
,故C正确;
D、行星的向心加速度a==
,故D正确;
应选:CD。
依照圆周运动知识和已知物理量求出轨道半径。依照万有引力供应向心力,列出等式求出中心体的质量和加速度。
本题察看万有引力与圆周运动问题。依照万有引力供应向心力,列出等式可求出中心体的质量,不能够求出环绕体质量。
9.【答案】327
【解析】解:当两物体A、B的速度同样时,弹簧被压缩最短,弹簧的弹性势能最大。
设向右为正方向,由动量守恒定律有:
m1v0=(m1+m2)v,
代入数据解得:v=3m/s,
由能量守恒定律得:Epm=m1v02-(m1+m2)v2,
代入数据解得:Epm=27J;
故答案为:3;27。
当两物体A、B的速度同样时,间距最小,弹簧压缩量最大,弹簧的弹性势能最大,根
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据动量守恒和能量守恒列方程求出速度与弹性势能。
解决本题第一要明确研究的过程,其次掌握信隐含的条件:弹簧伸长最长时两木块的速度同样。察看学生应用动量守恒定律和能量守恒定律解决物理问题的能力。
10.【答案】AD未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够
【解析】解:①本题察看实验操作细节问题:A、只有细线与长木板平行,才使拉力等于合力,应选项A正确;
B、阻力自然包括纸带与限位孔音的阻力,因此平衡摩擦力时要带上纸带,应选项B正
确;
C、凡涉打点计时器的均要先通电,后释放小车,选项C错误;
、改变小车的质量时,由于阻力及重力的下滑分力均同比变化,因此不需要别的平衡阻力,选项D错误。
应选:AB
②从图象能够看出,当有拉力时但加速度却为零,说明未平衡摩擦力或平衡不足。
故答案为:①AB;②未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够
本实验采用控制变量法研究加速度与力的关系,实验时,若认为盘和砝码的重力等于绳子的拉力,需保证盘和砝码的质量远小于小车的质量,由于盘和砝码向下做加速运动,
重力大于拉力。
解决本题的要点知道实验的原理和注意事项,研究加速度a与力F及质量m的关系时,
应用的基本方法是控制变量法,即先控制一个参量小车的质量m不变,谈论加速度a
与力F的关系,再控制小盘和砝码的质量不变,即力F不变,改变小车质量m,谈论加
速度a与m的关系。
11.【答案】
【解析】解:(1)滑动变阻器采用分压接法时,为方便操作和示
数牢固变化,一般选择阻值较小的,因此滑动变阻器选R1。(2)为了使电压表的示数精确,在电路里串通一个定值电阻,滑动变阻器采用分压接法,按此思路的电路图以下列图。
3)螺旋测微器的读数为固定刻度和可动刻度之和,因此金属丝直径d=0mm+×=。
故答案为:①R1,②以下列图
(~)
1)滑动变阻器的选纲要考虑电表的安全、正确度、及操作要求进行,但安全第一正确第二,对分压接法的滑动变阻器一般选择阻值较小的;
2)约为5Ω左右的金属丝的电阻属于小电阻,要使用电流表外接法;
3)螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时
需估读;:若可动刻度的“0”在固定刻度上方,则没有露出,若在下方则以及露出;
考虑电流表和电压表内阻时,要注意电表的接法,内接法:电压表测电流表和R的总电
压,测量值偏大,电流表测R的实质电流,测量值偏大;外接法:电压表测R的实质电
压,电流表测R与电压表的总电流,测量的电流值偏大,测量值偏小。
12.【答案】解:(1)整个运动过程,依照动能定理得:
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Fx1-Ffx=0
解得:x1=16m
2)A到C,由动能定理得:
依照平均速度公式,有:
解得:
代入数据得:t=2s
答:(1)小车从A到C的位移x1的大小是
2)小车从C到B的滑动时间是2s。
【解析】(1)对全程应用动能定理可求得从
16m;
到C的位移;
(2)A到C,由动能定理可求获取C的速度,再依照平均速度公式可求得运动时间。
本题察看了动能定理的应用,注意选择合适的过程列动能定理表达式即可,本题也可由
牛顿第二定律结合运动学公式求解。
13.【答案】解:(1)第一次小球恰能达到最高点,到最高点速度为零,
从释放地址到最高点的过程中,由动能定理可得:qER-mgR=0-0,
解得:;
(2)小球第四次到达最高点时,对轨道无压力,此时:,
小球从开始到第四次到达最高点的过程,由动能定理得:,
解得:;
答:(1)电场强度E的大小为;
(2)若小球第四次到最高点时,恰好对轨道无压力,磁感觉强度B的大小为。
【解析】(1)由于小球恰好能绕圆管做圆周运动,则在最高点的速度为零,依照动能定理求出匀强电场的电场强度。
2)依照动能定理求出第四次到达最高点的速度,抓住重力和洛伦兹力的合力供应向心力求出磁感觉强度的大小。
本题察看了带电小球在磁场与电场中的应用,综合察看了动能定理、牛顿第二定律,综
合性较强,解析清楚小球运动过程、知道在最高点小球对轨道压力为零时向心力的本源是解题的要点,应用动能定理、牛顿第二定律能够解题。
14.
F=mag+BIaL,
【答案】解:(1)a棒匀速运动,依照平衡条件得:
b棒静止,依照平衡条件得:
mbg=BIbL,
且:
,
代入数据解得:F=;
(2)当a棒以v1的速度匀速运动时,a棒的电流:,
b棒恰好保持静止,有:mbg=BIbL,
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又:,
当a棒静止b棒下滑至匀速时,有:,
由平衡条件得:mbg=BI′bL,
代入数据解得:;
(3)由法拉第电磁感觉定律得:=,
感觉电流:,
由题意可知:,
联立解得:,
代入数据解得:h=m;
答:(1);
(2)b滑行的最大速度
v2为10m/s;
(3)两金属棒间的距离
h为m。
【解析】(1)固定b时,恒力F使a做加速度减小的加速运动,当重力等于安培力时a的速度达到牢固,而此进b又能自然静止。对两棒来说均有一个平衡方程,联立方程
就能求得拉力F的大小。
(2)a固定,让b自由下滑,同样b做加速度减小的加速运动,当其重力等于安培力时,
速度达到最大。由平衡方程以及第一问的代换关系就能求出b的最大速度。
(3)两棒均固定,让磁感觉强度在一准时间内加倍,且a的重力等于安培力,由法拉
第电磁感觉定律表示感觉电流、安培力式子代入上述等量关系,就能求出两者距离。
本题有三个不同样的过程,但均有一个平衡方程,用法拉第电磁感觉定律、欧姆定律、并
联电路电流关系表示出安培力式子,代入平衡方程就能求得结果。但要说明的是诚然题
目中没告诉磁感觉强度B和导轨宽度L,但两者的积看作一个量,最后能够消去。
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