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初三物理电功率解题技巧及经典题型及练****题(含答案)含分析
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初三物理电功率解题技巧及经典题型及练****题(含答案)含分析
一、电功率选择题
,电源电压可调,灯
L1、L2的额定电压均为
6V,L1、L2的
I﹣U
图象
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如图乙所示,闭合开关
S,逐渐伐大电源电压至电路同意的最大值,此时(
)
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正常发光
12V
30Ω
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【答案】
D
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【分析】
【解答】解:由图乙可知,两灯泡两头的电压为
6V
时,经过两灯泡的电流
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I1=、I2=,
由电路图可知,两灯泡串连,电流表测电路中的电流,
因串连电路中各处的电流相等,
因此,电路中同意经过的最大电流I=I2=,则L2正常发光,故A错误;
由图乙可知,L1两头的电压U1′=2V,
因串连电路中总电压等于各分电压之和,
因此,电源的电压:
U=U1′+U2=2V+6V=8V,故B错误;
由I=可得,电路总电阻:
R==≈,Ω故C错误;
电路的总功率:
P=UI=8V×=,故D正确.
应选D.
【剖析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流,依据串连电路的特色可知电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的,即额定电流较小的灯泡能正常发光,依据图象读出两灯泡两头的电压,依据串连电路的电压特色求出电源的电压,依据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串连求出电路的总功率.
,电路中电源电压保持不变,小灯泡标有“,不考虑灯泡电阻随温
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度的变化,滑动变阻器R的最大阻值为24Ω,电流表量程为0-,,滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时小灯泡正常发光。为了保证
0-
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电路安全,小灯泡电压不超出额定电压,两电表的示数均不超出所选量程。在滑片
P滑动
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过程中,以下说法(
)
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UL′=U-滑′=-3V=,
①
②变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω
③
④
【答案】C
【分析】【解答】解:由图知,灯泡和滑动变阻器串连,电压表测变阻器两头的电压,电
流表测电路中的电流;(1)由P=可得灯泡的电阻:
RL===6Ω,
由P=UI可得,灯泡正常发光时经过的电流:
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I额=
=
=,
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由题知,当开关
S闭合后,滑动变阻器
R接入电路的电阻为
3Ω时,小灯泡正常发光,
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由欧姆定律和电阻的串连可得电源电压:
U=I额R串=I额×(R+RL)=×(3Ω+6Ω)=;故①正确;(2)因串连电路中电流到处相
等,且电流表量程为0-,,
因此为了保证电路中各元件安全工作,电路中的最大电流I最大=I额=,
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电路中的总电阻:
R最小==
=9Ω,
滑动变阻器连入电路中的最小阻值:
R最小=R总-RL=9Ω-6Ω=3Ω,
因为电压表量程为
0-3V,当电压表的示数最大为
U滑′=3V时,滑动变阻器接入电路的电阻
最大;
此时灯泡两头的电压为:
此时电路的电流为:I最小==
=,
滑动变阻器接入电路的最大阻值:
R最大===12Ω,
因此为保护电路,变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω;故②正确;(3)小灯泡的最小
功率:
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PL最小=I最小2RL=()2×6Ω=;故③错误;(4)电路的最大功率:
P最大=UI最大=×=,故④正确。
综上可知,只有①②④正确。
故答案为:C。
【剖析】联合电路图,理清元件的连结方式及电表的丈量对象,利用
P=
求灯泡的电阻,
利用P=UI求正常发光时经过的电流;联合小灯泡正常发光,利用
U=IR求电源电压;因为
电流表量程为0-,为了保证电路中各元件安全工作,电路中的最大电流等于灯正常工
作时经过的电流,利用欧姆定律求电路中的最小电阻,滑动变阻器连入电路中的最小阻值
等于总电阻减去灯的电阻;因为电压表量程为
0-3V,当电压表的示数最大为
3V时,滑动
变阻器接入电路的电阻最大;此时灯泡两头的电压等于电源电压减去
3V,利用欧姆定律求
此时电路的电流,从而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值,最后得出为保护电路,变阻
器接入电路的阻值范围;利用
P=I2R求小灯泡的最小功率,再利用
P=UI求电路的最大功率.
“电流经过导体时产生热的多少跟什么要素相关”,A、B
两个U型管内的液面相平,通电一准时间后,经过R1、R2的电流分别为I1、I2,则()
=I
2
,A管中的液面较低
B.=I
2
,A管中的液面较高
1
1
>I
2
,A管中的液面较低
D.>I
I
,A管中的液面较高
1
1
2
【答案】D
【分析】【解答】解:由图可知,右边两电阻丝并联后与左边电阻丝串连,
并联电路中干路电流等于各支路电流之和,因此
I1>I2
,故AB错误;
由Q=I2Rt可知,通电时间同样时,I1>I2,R1=R2=5Ω,因此左边电阻产生的热量许多,密闭空气汲取热量后,体积不变,压强变大,左边容器内气体的压强与大气压的差值较
大,.
【剖析】由电路图剖析电阻丝的连结方式,依据串并联电路的电流特色可知经过它们的电
流关系,依据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系,密闭空气汲取热量后,压强变大,U形
管内两液面的差值变大,据此进行解答.
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,电源电压保持不变,闭合开关
S,当滑动变阻器的滑片
P向左滑动
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【答案】D
【分析】【解答】解:由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串连,电压表V1测电源两头
的电压,电压表V2测R两头的电压,电流表测电路中的电流,因电源电压保持不变,
因此,滑片挪动时,电压表V1示数不变,A不切合题意;
当滑动变阻器的片P向左滑动时,变阻器接入电路中的电阻变小,电路的总电阻变小,
由I=可知,电路中的电流变大,即电流表
A的示数变大,
则电压表V1与电流表A示数比值变小,D切合题意;
变阻器接入电路中的电阻变小,由串连电路的分压特色可知,
R两头分得的电压变小,即
电压表V2示数变小,B不切合题意;
电源电压不变,R两头分得的电压变小,则灯泡
L两头的电压变大,
因灯泡的亮暗取决于实质功率的大小,
因此,由P=UI可知,灯泡的实质功率变大,灯泡变亮,
C不切合题意。
故答案为:D
【剖析】联合电路图,理清依照的连结方式,依据电源的电压可知滑片挪动时电压表
V1示
数的变化,依据滑片的挪动可知接入电路中电阻的变化,依据欧姆定律
I=可知电路中电
流的变化,而后得出电压表
V1与电流表A示数比值变化,依据串连电路的分压特色可知R
和L两头分得的电压变化,依据
P=UI可知灯泡实质功率的变化,进一步得出亮暗变化.
,,电流表的量程为“0~,”电压表的量程为“0~3V,”灯泡上
标有“”(不考虑灯丝电阻变化),滑动变阻器R的规格为“20Ω1A。”闭合开关,
在保证电路安全的状况下,挪动滑片P的过程中()
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4Ω。
【答案】D
【分析】【解答】由电路图知道,灯泡与滑动变阻器
R串连,电压表测灯泡两头的电压,
电流表测电路中的电流;因为灯泡上标有
“”,因此由P=UI知道,灯泡的额定电
流是:IL=PL/UL==,即电路的最大电流是
,A不切合题意;因为串连电
路中各处的电流相等,当电路中的最大电流
I大=,此时滑动变阻器接入电路中的电阻
最小,电路耗费的总功率最大,且电路耗费的最大总功率是:
P大=UI大=×=,
C不切合题意;由
I=U/R知道,灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路中的最小阻值分别是:
R
L
=U/I==5Ω,R
=(U-U)/I
=()/=4Ω,D切合题意;当滑动变阻
LL
总
L
大
器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,灯泡耗费的电功率最小,因串连电路中
总电阻等于各分电阻之和,因此,电路的最小电流:
I
小
=U/(RL+R大)=/(5Ω+20Ω)
22
=,则灯泡耗费的最小功率:PL小=I小RL=()×5Ω=,B不切合题意,
【剖析】联合电路图判断电路的连结方式及电表的丈量对象,与电流表的量程和滑动变阻器同意经过的最大电流对比较确立电路中的最大电流与最小电流,利用串连电路的特色和欧姆定律、电功率公式求解即可.
(
)
10N
37℃
【答案】A
【分析】【解答】
1cm2,大气压强约105Pa,
那么大气对指甲盖的压力;
5
-4
2
F=pS=10Pa×10m=10N,故A切合题意;
1m,而200cm=2m,太高了,故B不合题意;
25℃左右,37℃太高了,故C不合题意;
30W左右,1kW的功率太大了,故D不合题意。
应选A。
【剖析】(1)大拇指的指甲盖的面积大概
1cm2,依据F=pS计算大气对指甲盖的压力;
2)一般学生课桌的高度大概1m;
3)让人感觉舒坦的温度大概在25℃左右;
4)家用节能灯的功率大概30W左右。
,在作业本上做了以下5条记录:①电饭煲铭牌上标有“220V,800W,50Hz”等字样;②使用试电笔时,手一定接触笔尾的金属体;③电视机上
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安装的动圈式扬声器,其运作原理是电磁感觉;
④床头灯的开关是串连在电路上的;
⑤
体温计的刻度范围往常是
35~42℃,分度值为1℃.你认为小王的记录完整正确的选项是
()
A.①②③
B.②④⑤
C.①②④
D.
①③⑤
【答案】C
【分析】【解答】解:①电饭煲铭牌上标的
220V是电饭煲的额定电压、800W是电饭煲
的额定功率、50Hz是所接沟通电的频次,故
①正确;②使用试电笔时,笔尖接触电线,
手接触笔尾的金属体,故
②正确;③动圈式扬声器的工作原理:通电线圈在磁场中受力
运动,故③错;④开关和所控制的用电器是串连的,故
④正确;⑤体温计的刻度范围通
常是35~42℃,分度值为
℃,故⑤错.
应选C.
【剖析】利用以下知识剖析判断:(
1)用电器铭牌上标有:额定电压、额定功率、沟通电
的频次;(2)使用试电笔时,笔尖接触电线,手接触笔尾的金属体,若试电笔的氖管发
光,则笔尖接触的是火线;(
3)动圈式扬声器的工作原理:通电线圈在磁场中受力运动;
动圈式话筒的工作原理:电磁感觉;(
4)开关和所控制的用电器是串连的,家用电器之间
是并联的;(5)体温计的刻度范围往常是
35~42℃,℃.
,最靠近实质的是()
【答案】B
【分析】【解答】解:
A、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈;
B、住所楼三层的高度在10m左右,;
C、一个大苹果的质量在300g左右,一本物理书的质量与此差不多,
不切合实质;
D、教室中日光灯的额定功率在40W左右,家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多,
.
应选B.
【剖析】第一对题目中波及的物理量有个初步的认识,关于选项中的单位,可依据需要进行相应的换算或变换,清除与生活实质相差较远的选项,找出切合生活实质的答案.
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-U图像(以下图)剖析,以下结论正确的选项是()
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0V
时,其电阻为
0
时,其实质功
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率为
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【答案】
D
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【分析】【解答】
,当小灯泡的电压为
0V
时,电流为零,但电阻不
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为0,A不切合题意;
,,其实质功率为:
,B不切合题意;
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因为灯丝电阻随温度高升而变大,当灯两头的电压高升时,灯丝的温度高升,电阻壮
大,因此经过小灯泡的电流与其两头的电压不行正比,C不切合题意;
,,因此功率为:
,D切合题意;
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故答案为:D。
【剖析】依据坐标图像,利用电压和电流计算用电器的电功率
.
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()
,电阻越大
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【答案】
B
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【分析】【解答】解:A、题中没有说光在哪两种介质中流传,因此折射角和入射角的大
小不可以比较,A不切合题意。
B、电能表是丈量电功的仪表,B切合题意。
C、在资料、长度和温度一准时,横截面积越大,电阻越小;没有前提条件,不可以说导体电阻和横截面积的关系,C不切合题意。
D、声音能够传达能量,也能够传达信息,D不切合题意。
故答案为:B。
【剖析】光从空气斜射入水或其余介质时,折射角小于入射角.
电能表是丈量电功的仪表.
决定电阻大小的要素:导体的电阻是导体自己的一种性质,它的大小决定于导体的资料、
长度、横截面积和温度.(电阻与加在导体两头的电压和经过的电流没关)
声音能够传达能量,也能够传达信息.
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,电源电压保持不变,
L、L、L
是电阻保持不变的灯泡,
L、L
完整同样。
1
2
3
2
3
第一次开关S、S1、S2都闭合时,L1的电功率为
25W;第二次只闭合开关
S时,L1的电功率
为16W。则以下说法正确的选项是(
)
、L两灯丝电阻之比为
1∶4
,L
和L的功率之比为1∶4
1
2
1
3
前后两次的电压之比为
25∶16
25∶4
【答案】D
【分析】【解答】由图可知,开关
S、S1、S2
都闭合,L1、L2并联,此时L1的电功率为
,当只有开关S闭合时,L1、L3串连,L1的电功率为
,根
据两次电功率的比值计算,电压之比为
,C不切合题意;L1和L2并联时,L1两
端的电压为电源电压,
L1和L3串连时,L1和L3的分压比为U1:U3=4:1,A不切合题意;依据
串连电路电流相等,则
L1和L3的电功率的比值为
P1:P3=4:1,B不切合题意;并联时的电流
为,串连电路的电流为
初三物理电功率解题技巧及经典题型及练****题(含答案)含分析
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,前后两次电流比为
电压必定,因此电路总功率之比为25:4,D切合题意。
故答案为:D.
【剖析】(1)开关S、S1、S2都闭合时,L1、L2并联;只闭合开关
,电源
S时,L1、L3串连,
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由电路特色和
表示出两次L1
的电功率,由此可得的
13
电压、电阻关系;
L、L
(2)由P=I2R计算只闭合S时,L1和L3的功率之比;
(3)由电路特色和欧姆定律表示出前后两次电路中电流,由
P=UI可得两次电路耗费总功
率的比。
,两个透明容器中密闭着等量的空气,
A、B两U形管内的液面相平,电阻丝
的电阻R1=R2=R3。小明用图示装置进行实验,研究电流经过导体时产生的热量
Q跟什么因
素相关。以下说法正确的选项是(
)
初三物理电功率解题技巧及经典题型及练****题(含答案)含分析
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,A管的液面将会比B管的液面高
【答案】D
【分析】【解答】由图知,R2与R3
并联后再与R1
串连,R1处于干路上,依据并联电路的
电流特色知,经过
R1的电流大于经过
R2的电流,而
R1=R2,可见,该实验研究的是电热
Q与电流能否相关,
A、B均错误;又依据U=IR知,R1两头的电压大于R2两头的电压,C
不切合题意;通电后,因为置于密闭空气中的电阻丝
R1=R2,而经过R1的电流大于经过
R2的电流,由Q=I2Rt知,左容器中空气吸热许多,内能增大许多,温度较高,因此
A管的
液面将会比B管的液面高,D切合题意。
故答案为:D
【剖析】研究热量与电流及电阻的关系,要求能正确剖析电路,掌握串并联电路的特色,并灵巧应用焦耳定律依据控制变量法(经过电阻的电流不一样,比较同样通电时间内两支温度计示数变化状况,可研究电流产生的热量与电流能否相关)及变换法(研究影响电热的
要素时,经过液体吸热的多少反响电阻丝产生的热量)剖析解答.
,电源电压恒定,R0为定值电阻,
环境温度,定值电阻
R两
端的电压U、电路耗费的总功率P随温度t变化的关系图线中,可能正确的选项是(
)
.
【答案】B
【分析】【解答】由图甲知道,R0
与R串连,电压表丈量的是
0
的电压;由图乙知道,随
R
着温度的高升,R0两头的电压降低,说明跟着温度的高升电阻
R两头的电压增添,由串连
初三物理电功率解题技巧及经典题型及练****题(含答案)含分析
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分压知道,跟着温度的高升R的阻值的阻值增添,R两头的电压增大,A不切合题意,B切合题意;跟着R的阻值的阻值增添,电路的总电阻增添,由欧姆定律知道,电路的总电流
减小,由P=UI知道,电源电源不变,总电流减小,因此电路的总功率减小,D不切合题
意,由图乙知道,电路的电流与温度呈线性变化,因此总功率与温度也呈线性变化,C不
切合题意,
故答案为:B。
【剖析】联合电路图理清电路的连结方式及电表的丈量对象,因为电阻R的阻值随环境温
度的变化而变化,由图乙可知,当温度高升时电阻R0两头的电压线性变小,定值电阻的电
流线性变小;依据串连电路电压的特色,判断出电阻R两头的电压的变化;因为电源电压
保持不变,依据P=UI判断出电路耗费的总功率的变化.
,正常工作时经过的电流为5A,发热损失的功率为
25W,则其线圈电阻是()
【答案】A
【分析】【解答】算线圈电阻时应当经过发热功率来计算,即由Q=I2R可得
。
故答案为:A.
【剖析】知道正常工作时经过的电流和发热损失的功率,依据P=I2R的变形公式R=P/I2电
动机线圈的电阻.
,,挪动滑片,使电压表V1示数与
电压表V2
示数之比为
2
的功率为
P1;再次挪动滑片,使电压表
1
示数与电压
2:1,此时R
V
表V2示数之比为
1:2,此时R2的功率为
P2,则P1:P2为(
)
:4
:2
:1
:1
【答案】C
【分析】【解答】解:在第1种状况下,R2两头的电压U21=U=,R1两头的电压为
U=U﹣=
;在第2种状况下,R两头的电压U
22
=
U=,R
的电压为U=U﹣
11
2
1
1