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最新中考物理二轮复****专项训练欧姆定律
最新中考物理二轮复****专项训练欧姆定律
最新中考物理二轮复****专项训练欧姆定律
一、欧姆定律选择题
、B,把它们串连在电路中,如图乙所示,流过元件的电流与其两头
的电压关系如图甲所示。闭合开关S,,若将A、B两元件并联接
在本来的电源上,则此时电路中的总电流为()
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【答案】A
【分析】【解答】(1)由电路图能够知道
因串连电路中各处的电流相等,
因此,:
,电路元件
A和
B串连,电流表测电路中的电流
,
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由图象能够知道
,A和B两头的电压分别为
:
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因此,电源的电压:
;(2)若将A、B两元件并联接在本来的电源上,
因并联电路中各支路两头的电压相等,
因此,
由图象能够知道,经过两元件的电流分别为:
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
因此,干路电流:
故答案为:A.
【剖析】电路元件A和B串连,电流表测电路中的电流,再联合电流—电压图像即可求解.
,电源电压为8V恒定不变,R0为定值电阻,R为滑动变阻器,闭合开关S后,在滑片P滑动过程中,电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示,依据图
象信息可知,以下判断错误的选项是()
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35Ω
【答案】C
【分析】【解答】解:由电路图可知,
R0与R串连,电压表测变阻器
R两头的电压,电流
表测电路中的电流。(
1)当滑动变阻器接入电路的电阻为
0时,电路为R0的简单电路,
电路中的电流最大,此时电路的总功率最大,
由乙图可知,电路中的最大电流
I大=,
由I=可得,R0的阻值:
R0===5Ω,A切合题意;
电路的最大总功率:
P大=UI大=8V×=,B切合题意;(2)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电
压表的示数最大,电流表的示数最小,R0的功率最小,
由乙图可知,电路中的最小电流I小=,变阻器R两头的电压UR=7V,
则R0的最小功率:
P0小=I小2R0=()2×5Ω=,C不切合题意;
滑动变阻器的最大阻值:
R大===35Ω,D切合题意。
故答案为:C。
【剖析】联合电路图,理清元件的连结方式及电表的丈量对象,当滑动变阻器接入电路的电阻为0时,电路中的电流最大,此时电路的功率最大,依据图象读出电路中的最大电
流,依据欧姆定律求出
R0的阻值,利用
P=UI求出电路的最大功率;当滑动变阻器接入电
路的电阻最大时,电压表的示数最大,电流表的示数最小,
R0的功率最小,依据图象读出
电路的最小电流和变阻器两头的电压,依据
P=UI=I2
0
R
求出R的最小功率,再利用欧姆定律
求出滑动变阻器的最大阻值.
,图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可
:当风吹过探头时,滑动变阻器的滑片P向上挪动,且风速增大时电压
()
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.
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.
【答案】B
【分析】【解答】解:,当风吹过探头时,探头下方空气的流速大于上方空气的流速,探头下方空气压强小于上方空气压强,产生向下的压力差使弹簧压缩,滑片下移,故AD不切合题意;
,当风吹过探头时,探头上方空气的流速大于下方空气的流速,探头下
方空气压强盛于上方空气压强,产生向上的压力差使弹簧伸长,滑片上移,R2接入电路中
的电阻变小,电路中的总电阻变小;
由I=可知,电路中的电流变大,
由U=IR可知,R1两头的电压变大,即B选项中电压表的示数变大,故B切合题意;
因串连电路中总电压等于各分电压之和,
因此,R2两头的电压变小,即C选项中电压表的示数变小,故C不切合题意.
应选B.
【剖析】依据流体压强与流速的关系(流速越快的地方压强越小)判断产生压力的方向,而后判断滑片挪动的方向确立接入电路中电阻的变化,依据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两头的电压变化,,波及到串连电路的特色和欧姆定律的应用,会利用流体压强和流速的关系是解题的重点.
”6V3W“和”9V3W“的小灯泡L1、L2,不考虑温度对灯丝电阻的影响,以下说法正确的选项是()
,两灯同样亮
,两灯耗费的功率同样大
,接在电源电压为12V的电路中,L1也能正常发光
【答案】D
【分析】【解答】解:
=UI可得,两灯泡正常发光时的电流分别为:
I1===,I2===A,
因此两灯泡正常发光时的电流不同样,故A错误;
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=UI=可得,两灯泡的电阻分别为:
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R1=
=
=12Ω,R2=
=
=27Ω,
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两灯泡串连时经过的电流相等,但灯泡的电阻不同,由
P=I2R
可知,两灯泡的实质功率不
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相等,亮度不同,故
B错误;
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L2并联在一同同时使用时,它们两头的电压相等,但灯泡的电阻不同,由
P=
可
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知,两灯泡耗费的电功率不相等,故
C错误;
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L1串连在一个
12Ω的电阻时,电路中的总电阻
R总=R1+R=12Ω+12Ω=24,Ω
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电路中的电流I===,因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等,因此
L1能正常发光,故D正确.
应选D.
【剖析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,依据P=UI求出两灯泡的正常发光
时的电流,而后比较二者的关系;(2)依据P=UI=求出两灯泡的电阻,依据串连电路的
电流特色和P=I2R比较两灯泡的实质功率关系,实质功率大的灯泡较亮;(3)L1和L2并联
在一同同时使用时,它们两头的电压相等,依据P=比较两灯泡耗费的电功率关系;
4)将L1串连在一个12Ω的电阻时,依据电阻的串连和欧姆定律求出电路中的电流,而后与灯泡L1正常发光时的电流对比较判断其能否能正常发光.
,影响该导体电流大小的物理量是()
【答案】C
【分析】【解答】解:(1)由欧姆定律可知,关于某一导体,经过导体的电流与导体两头的电压成正比,因此关于某一确立的导体,经过导体电流大小决定于导体两头的电压,故
正确;(2)导体电阻和电压决定了经过导体的电流大小,即在一准时间内经过导体横截
面的电荷量的多少,电流的大小与质量没关,故ABD错误.
应选C.
【剖析】关于某一导体,电阻必定,经过导体的电流与导体两头的电压成正比,据此剖析选择.
,,滑动变阻器的滑片向右挪动的过程中,电流表
与电压表示数变化的状况分别是()
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【答案】D
【分析】【解答】由电路图可知,电阻R与滑动变阻器串连,电压表测电源电压,电流表测电路中的电流,
因电源电压不变,
因此,滑片挪动时,电压表的示数,BC不合题意;
当滑动变阻器的滑片向右挪动的过程中,接入电路中的电阻变小,
由I=可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大,A不合题意,D切合题意.
故答案为:D.
【剖析】电阻R与滑动变阻器串连,电压表测电源电压,
阻器的滑片向右挪动的过程中,因为电压表测电源电压,因此它的示数不变,滑动器接入
电路的电阻变小,依据欧姆定律剖析可知电路中电流的变化状况.
,电源电压恒为12V,闭合开关S,当滑片P在a端时,电流表示数为
,R2耗费的电功率为1W;图乙、丙分别是变阻器滑片P从a端滑到b端的过程中两
组物理量的关系图象,则()
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,R1的阻值为20Ω、,
图乙反应的是电压表与电流表示数的关系
图丙反应的R2与R1的电功率比值k与R2的关系【答案】D
【分析】【解答】解:由图知,两电阻串连,电压表测流,
2W
R2的电压,电流表测电路中的电
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当滑片P在a端时,,R2耗费的电功率为
1W,
依据串连电路电流的规律及
P=I2R,
故R滑大===100Ω;
AC、P在a端时,变阻器连入电路中的电阻最大,由分压原理,R2的电压最大,即电压表
示数最大,电路中的电流最小;
P滑到b端时,变阻器连入电路中的电阻为0,R2的电压为0,电路中的电流最大,故乙图
反应的是变阻器的电流随电压的变化关系,即电流表与电压表示数的关系,C选项中,因
果关系搞反了,C不切合题意;
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当P在a端时,由图乙知,电压表示数为10V,依据串连电路电压的规律,R1的电压为:
U1=12V﹣10V=2V,
依据分压原理,=,
R1=R滑大=×100Ω=20Ω;
R1耗费的电功率为:
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P1=
=
=,A不切合题意;
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B、滑片
P在b
端时,电路中的电流为
,电路耗费的总功率为:
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P=UI=12V×=;B不切合题意;
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D、依据串连电路电流的规律及
P=I2R,R2与
R1的电功率比值:
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k=
=
,将R=20Ω代入得:k=
,
1
即k与R2
成正比,为过原点的直线,当
2
R=100Ω时,k=5,
即图丙反应的是R2
1
2
的关系,D切合题意。
与R的电功率比值k
与R
故答案为:D
【剖析】联合电路图,理清元件的连结方式及电表的丈量对象,依据串连电路电流的规律
及P=I2R得出R滑大;P在a端时,变阻器连入电路中的电阻最大,依据分压原理,即电压表
示数最大,电路中的电流最小;P滑到b端时,变阻器连入电路中的电阻为0,R2的电压
为0,电路中的电流最大,可确立乙反响的是变阻器的电流随电压的变化关系.
当P在a端时,由图乙知电压表示数,依据串连电路电压的规律求出R1的电压,依据分压
原理求出R1;由P=求出R1耗费的电功率;滑片
P在b端时可知电路中的电流,依据
P=UI求出电路耗费的总功率;依据串连电路电流的规律及
P=I2R得出R2与R1的电功率比
值,将R1=20Ω代入表达式,联合数学知识剖析.
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,电源电压同样且不变,电路元件均完满,电流表A1的示数比
大,以下方案中有可能使两电流表示数同样的有()
方案:①用一个更小的电阻替代R3②将如图(a)中的R2与(b)中的R1交换
③用一个更大的电阻替代R2④将如图(a)中的R1与(b)中的R3交换
A2
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【答案】C
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【分析】【解答】a图R1
2
1
13
、R
并联,电流表A在干路上,b
图R、R串连,电源电压同样
且不变,电流表A1的示数比A2大,要使两电流表示数同样,能够减小
A1的示数或许增大
A2的示数,依据欧姆定律可知,能够用一个更小的电阻替代
R3或许用一个更大的电阻替代
R2,故①③切合题意;因
R1、R2、R3的大小未知,故②④
不确立。
故答案为:C.
【剖析】由(a)电路图可知,R1与R2并联,电流表
A1测干路中的电流;由(b)电路图
可知,R1与R3串连,电流表
A2测电路电流;电流表
A1、A2
的示数同样,且电源电压相等
且保持不变,依据欧姆定律可知它们的电阻关系,依据并联电路的电阻特色可知
R3与R1、
R之间的关系.
2
,电源电压恒为5V,电压表的量程为0~3V,电流表的量程为0~,滑动变阻器的规格为“20Ω1A”灯泡标有“”,在电路安全的状况下(不考
虑灯丝电阻的变化),则以下说法中正确的选项是()
0~20Ω
~
~3V
【答案】D
【分析】【解答】解:由电路图可知,滑动变阻器与灯泡串连,电压表测灯泡两头的电压,电流表测电路中的电流.
依据P=UI可得,灯的额定电流:
IL额=
==,由I=得:灯泡的电阻
RL=
==5Ω,
因为电压表的量程为
0~3V,电流表的量程为
0~,则灯泡两头的最大电压为
3V,则
经过灯泡的最大电流
I
最大
=IL额=;
由I=得:电路中的最小总电阻
R最小=
=
≈,
由串连电路中总电阻等于各分电阻之和可知:
滑动变阻器接入电路中的最小阻值:
R
=R
﹣RL
,Ω
滑最小
最小
=﹣5Ω=
因为滑动变阻器的规格为“20ΩlA”,因此滑动变阻器的电阻同意调理的范围是
~
20Ω,故A错误;
电路中的最大总电阻R最大=RL+R=20Ω+5Ω=25;Ω
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则电路中的最小电流:I最小===,
~,故B错误;
灯泡两头的最小电压为UL最小=I最小RL=×5Ω=1V;
因此电压表示数的变化范围是1V~3V,故C错误;
此时灯泡的功率最小为:PL最小=I最小2RL=()2×5Ω=,故D正确.
应选D.
【剖析】由电路图可知,滑动变阻器与灯泡串连,电压表测灯泡两头的电压,电流表测电
路中的电流.(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,依据P=UI求出灯泡的额定电流和电
阻,而后联合电压表的量程,电流表的量程确立电路中的最大电流,依据欧姆定律求出灯
泡的电阻和电路中的最小电阻,利用电阻的串连求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值;
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,灯泡的功率最小,依据电阻的串连和欧姆定
律求出电路中的电流,利用U=IR求出灯泡两头的最小电压,利用P=I2R求出灯泡的最小功
、电功率公式的应用,重点是依据灯泡的额定电压和电流表的量程确立电路中的最大电流,关于选择题其实不必定完整解答选项.
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,
后,滑片P从a端挪动到
以下判断错误的选项是()
R1为定值电阻,
b端,电流表示数
R2I
为滑动变阻器,
与电压表示数U的变化关系如图乙所示,则
S
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【答案】
C
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【分析】【解答】A、因为U-I图线可知,当滑片从a端挪动到b端,滑动变阻器两头的电压增大了4V,定值电阻两头的电压减小了4V,,
.电源电压,不合题意;
B、,电路的最大功率为,不合题意;
C、滑动变阻器所有接入分得4V电压,是电阻的2倍,依据串连分压,最大阻值是定值电
题意;
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D、电阻
,在
D点时,它的阻值
,因此,图中
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D点滑片位于中点
,不合题意
.
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故答案为:C.
【剖析】A、从图乙读出定值电阻电压和电流的变化量,依据欧姆定律的变形公式
计
算电阻出定值电阻R1的阻值,再利用欧姆定律的变形公式
U=IR计算电源电压;
B、依据电源电压和电路中的最大电流,利用公式
P=UI计算电路的最大功率;
C、依据串连分压的原理剖析
R2阻值的变化状况;
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D、利用欧姆定律的变形公式
计算出
R2的最大阻值,再计算滑片在
D点时的阻值,比
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较得出结论.
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电路中,先将滑动变阻器的滑片
P向左挪动直到电压表示数为
3V,它的I﹣U图象如图甲所示,把小灯泡接入如图乙所示的
P移至B端,闭合开关S,;再将滑片
,滑动变阻器的铭牌上标有
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“10Ω2A”.以下说法中错误的选项是(
)
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,滑动变阻器接入电路的阻值为3Ω
,
【答案】D
【分析】【解答】解:(1)当滑动变阻器的滑片P移至B端时,滑动变阻器的最大阻值和灯泡串连,
由图象可知,,电路中的电流I=,
由I=可得,滑动变阻器两头的电压:
U滑=IR滑=×10Ω=3V,
因串连电路中总电压等于各分电压之和,
因此,电源的电压:
U=UL+U滑=+3V=,故A正确,不切合题意;(2)由图象可知,灯泡两头的电压为
3V时,电路中的电流I′=0.,5A
因额定电压下灯泡的实质功率和额定功率相等,
因此,灯泡的额定功率:
PL额=UL额I′=3V×=1,.5W故B正确,不切合题意;
此时滑动变阻器两头的电压:
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U滑′=U﹣UL额=﹣3V=,
滑动变阻器接入电路中的电阻:
R滑′==3Ω,故C正确,不切合题意;
滑动变阻器耗费的电功率:
P滑′=U滑′I′=×=0,.故75WD不正确,切合题意.
应选:D.
【剖析】(1)当滑动变阻器的滑片P移至B端时,滑动变阻器的最大阻值和灯泡串连,依据图象读出电路中的电流,依据欧姆定律求出滑动变阻器两头的电压,依据串连电路的
电压特色求出电源的电压;(2)由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流,依据P=UI求出灯泡的额定功率,依据串连电路的电压特色求出滑动变阻器两头的电压,依据欧姆定
律求出滑动变阻器接入电路中的电阻,依据P=UI求出此时滑动变阻器耗费的电功率.
,N是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁,B是螺线管。闭合开关S,待弹簧测
力计示数稳固后,将变阻器尺的滑片迟缓向右滑动,在此过程中以下说法正确的选项是()
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,
A表示数变大
,
A表示数变小
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【答案】
C
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【分析】【解答】
的电流,将变阻器
A、由电路图可知,R0与
R的滑片迟缓向右挪动时
R串连,电压表测R两头的电压
,变阻器接入电路中的电阻变小
,电流表测电路中,电路中的总电阻
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变小由
I=U/R可知,电路中的电流变大
,即电流表的示数变大
,A不切合题意;
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B、由
U=IR可知,R0两头的电压变大
,因串连电路中总电压等于各分电压之和
,因此,R两头的
最新中考物理二轮复****专项训练欧姆定律
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电压变小,即电压表的示数变小,B不切合题意;
C、由图可知,电流由螺线管的下方流入,则由右手螺旋定章可知螺线管上端为
N极,下端为S
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极,因螺线管的上端与磁铁的下端为同名磁极,互相排挤,且电路中的电流增大,因此,螺线管与磁铁之间的斥力增大,弹簧测力计示数变小,C切合题意;
D、由C的剖析可知,D不切合题意;
故答案为:C
【剖析】(1)当变阻器R的滑片迟缓向右挪动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,依据欧姆
定律和串连电路电压的特色可知电路电流表和电压表示数的变化;
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