高三物理第二次高考模拟考试2.pdf

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,但线框最终会停止摆动
理
,线框最终会在匀强磁场中一直摆动下去
本试卷分第I卷和第II卷两,共15页。总分值240分。,为一自耦变压器的电路图,其特点是铁芯上只绕有一个线圈。把
第一卷〔必做,共88分〕整个线圈作为原线圈,而取线圈的一作为副线圈。原线圈接在电压恒为U
二、选择题〔此题包括7个小题,每题给出的四个选项中,有的只有一个选项的正弦交流电源上,电流表A、A均为理想电表。当触头向上移动时,
l2P
正确,有的有多个选项正确,选对的得4分,选对但不全的得2分,有选以下说法正确的选项是
错的得0分〕
l
,其中v、a、F、
k2
体的速度、
加速度、
vaFEk
,A、B两长方体叠放在一起,放在光滑的水平面上。物体B从
力、动能,静止开始受到一个水平变力的作用,该力与时间的关系如图乙所示,运动
0t0t0t0t
A、B
ABCD那么该物体过程中始终保持相对静止。那么在0~2t时间内,以下说法正确的选
0
一不做匀变速直线运动的是项是
,在磁感强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中,,A、B间的静摩擦力最大
0
m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd,用绝缘轻质细杆悬挂在O点,,A、B的速度最大
0
可绕O点无摩擦摆动。金属线框从右侧某一位置由静止开始释放,,A、B间的静摩擦力
0
金属框平面始终处于垂直纸面的同一平面内,不计空气阻力。以下判断正最大
,A、B离出发点最远
0
,金属线框从右侧摆动到左侧最高点的过程中,,再根据常识和有关
度一直在减小的物理知识,就可以估算出地球到月球的距离。这个距离最接近地球半径
,线框中的磁通量为零,线框中没有电流的
〔类似于滑动变阻器〕,其长度为10cm,阻值
倍R300,电源电动势E=3V,内阻不计。理想电流表的量程为0~100mA。
1
,质量为m的小球在竖直面内的光滑圆轨道内侧做半径为R的圆周当拉环不受拉力时,触头P刚好不与电阻R接触〔即电路断开〕。弹簧的
1
运动,不计空气阻力,设小球恰好能通过最高点B时速度劲度系数为10000N/m。
B
的大小为v。假设小球在最低点以大小为2v·的速度水平向〔1〕电路中连入R的目的
0
··A
右运动,那么以下说法正确的选项是是。
〔2〕设计中需要将电流表上的电流数值改为拉力的数值,那么在原电流表
。分析可知拉力计的刻度是否均
。
,此后做平抛运动〔3〕长时间使用后电源的电动势会下降,因此会造成测力计的读数偏
,在绝缘水平面上A、B两点分别固一个电荷量相的同种点电荷,___________。
在AB连线上靠近A点的P点由静止释放一个带电小滑块,滑块会由静止〔4〕为了使拉力计的量程增大采用的措施是〔只填写一条〕
开始一直向右运动到AB连线上的某一点M〔图中没有画出〕而静止不动。
以下判断正确的选项是;
、B相同24.〔15分〕中国女子冰壶队首次获得了标赛冠,这引起了人们对冰壶运动的
。冰壶由花岗岩凿磨制成,,质量约为20kg。
APB
•••
,冰壶由运发动推出后在一个非常平整的冰道上滑行,如图甲所示。

23.〔12分〕某同学利用所学物理知识设计了一个电子拉力计,其原理如下图:乙所示的过程:运发动将静止于O点的冰壶
金属弹簧右端和滑动触头P固在一起〔弹簧的电阻不计,P与R之间的〔视为质点〕沿直线以恒力推到距O点
1OOF甲
d4m的A点放手,此后冰壶沿AO滑行,最

摩擦不计〕。值电阻R30;电阻R是用均匀电阻o
01后静止于C点。冰面与冰壶间的CBAO动摩擦因数
R0
A
rLd
R1
乙
P
弹簧
拉环
,ACL16m,取当地的重力加速度g10m/s2。试求:,分子力可能减小
〔1〕冰壶在A点速度的大小。
〔2〕运发动以恒力推冰壶的过程中力F做功的平均功率。
〔3〕假设运发动在冰壶行进前方的冰道上用冰刷“刷冰〞,〔大于109m〕时都可以看做
薄的一层水,从距A点x2m远的B点开始,将BO段冰面与冰壶间是理想气体
,原来只能滑到C点的冰壶能静止于O点,〔2〕〔5分〕在用“油膜法估测分子大小〞的中,配制的油酸溶液中纯油
求C点与O点之间的距离r为多少?酸与溶液体积之比为1︰500,1mL该溶液可滴250滴,那么一滴溶液
25.〔18分〕如图甲所示,在以O为坐标原点的xoy平面内,存在着范围足够的体积是
大的电场和磁场。一个质量mL,所以一滴溶液中纯油酸的体积V=cm3。假
O
x/m
m2102kg,带电量q5103C的带电小设中测得的结果如下表所示,那么请根据所给数据通过计算填写出表
球在0时刻以v40m/s的速度从O点沿x中空白处③、④的数值〔结果保存二位有效数字〕。
0
1滴油酸溶液形成的
方向〔水平向右〕射入该空间,在该空间同次数油酸分子直径d/cmd的平均值/m
油膜面积S/cm2
y/m
时加上如图乙所示的电场和磁场,108
沿y方向〔竖直向上〕,场强大小E40V/m。磁场垂直于xoy平面向外,108④
0
磁感强度大小B4T。取当地的重力加速度g10m/s2,不计空气阻力,计3563③
0
算结果中可以保存根式或。试求:
37.〔8分〕【物理-物理3-4】〔将结果直接填在题目中的横线上〕
〔1〕12s末小球速度的大小。
〔1〕〔4分〕以下说法正确的选项是
〔2〕在给的xoy坐标系中,大体画出小球在

0~24s内运动轨迹的示意图。
kx中,F为振动物体受到的合外力,
〔3〕26s末小球的位置坐标。
k为弹簧的劲度系数
36.〔8分〕【物理-物理3-3】〔将结果直接填在题目中的横线上或指的位置上〕
,某个质点的振动速度就是波的传播速度
〔1〕〔3分〕以下说法正确的选项是
,如果用紫光作为光源,遮住其中一条狭缝,屏上将
呈现间距不的明暗条纹23.〔12分〕〔1〕对电流表起保护作用(即当P移动到R的最右端时电流表不
1
〔2〕〔4分〕如下图,一细光束从某种介质射向真空,该光束中含有频率分被烧坏)(2分);〔2〕850〔3分〕,否或不均匀〔2分〕;〔3〕
别为f、f的两种光。介质对这两种光的折射率分别为n、n,且小〔2分〕
1212
n>n。那么:〔4〕更换劲度系数更大的弹簧或增加电阻R匝数〔或长度〕〔3分〕
121
24.〔15分〕解:〔1〕由到用动能理,有1---------------2
①两种光在介质中的速度之比v︰vACmgL0m2
12真空2A
②两种光在介质中的波长之比︰分
12
介质
③调整光的入射角度,使频率为f的光在真空中刚解得
1
好消失,此时频率为f的光折射角的正弦值为。2m/s-----------------------------------------------------------
2A
--------------1分
38.〔8分〕【物理-物理3-5】
〔1〕〔2分〕置于铅盒中的放射源发射的、和三种射线,由铅盒的小〔2〕根据运动学公式,有2ad2----------1分,解得
A
孔射出,在小孔外放一张铝箔,铝箔后的空间有一匀强电场。射线进a------------1分
入电场后,变为a、b两束,射线a沿原来方向行进,射线b发生了偏根据牛顿第二律,有Fmgma-------2分,解得
转,如下图,那么图中的射线a为_________射线,射线b为___________F-------1分
1
射线。根据dat2--------------1分,WFd---------1分,
2
W
〔2〕〔6分〕如下图,平放在水平面上的轻质弹簧的一端固在竖直墙上,P--------------1分
t
质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上,底部与水平面平滑连接。解得
1
一个质量为m的小球从槽h高处由静止开始下滑,要使小球能与弧形槽P-----------------------------------------------------------
2
m--------------1分
发生第二次作用,m、m满2足怎样的条
12
m〔3〕由到用动能理,有
件?1AO
1
参考答案mgxmg(Lrx)0m2--------------------------------
2A
题号16171819202122
------2分
答案DCACBCDBAAD
物理解得
r-------------------------------------------------------------------------------------------------3分
----------------1分〔3〕分析可知,小球26s末与24s末的位置相同,在26s内小球做了t3s的
2
25.〔18分〕解:〔1〕0~1s内,小球只受重力作用,做平抛运动。当同时加上平抛运动,23s末小球平抛运动的位移大小为:
电场和磁场时,电场力:FqE-------------------1分,方向向xvt120m-------------------------------1分
10102
1
2----------------------------1分
上,ygt45m
122
重力:Gmg----------------1分,方向向下,重力和电场力恰好此时小球的速度大小为
平衡。此时小球只受洛伦兹力而做匀速圆周运动,根据牛顿第二律有:vv2(gt)250m/s-----------------1分
202
v2速度与竖直方向的夹角为
qvBm------------1分
0r
53--------------------------------------------------1分
2r
运动周期T----------------------1分,联立解得
v此后小球做匀速圆周运动的半径
T2s----------------------------1分
mv50
r2m----------------------------1分
正好是电场、磁场同时存在时间的5倍,即在这10内,小球恰好做了52qB
s0
个完整的匀速圆周运动。所以小球在t12s时刻的速度相当于小球做平抛运动26s末,小球恰好完成了半个圆周运动,此时小球的位置坐标
1
60
t2s时的末速度。xx2rcos(120)m------------------------------------------
212
vgt20m/s--------------1分,-----1分
y
80
vv40m/s---------------------------------1分yy2rsin(45)m------------------------------------------
x0212
vv2v2205m/s----------------------------------------------------1分
1xy
--------------------1分36.〔8分〕〔1〕〔3分〕AD〔选对的得3分,选对但不全的得1分,有选错的
〔2〕小球在24s内的运动轨迹示意图如下图〔如果圆的半径不是越来越大,得0分〕
扣1分〕〔2〕〔5分〕4103(1分);8106(1分);③108(2分);④1010(1
-------------------------------------------------------------------分)
37.〔8分〕〔1〕〔4分〕AD〔选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0
x1
Ox/m
分〕
y
1
r2
y/m
nnfn
〔2〕〔4分〕①2〔1分〕;②22〔1分〕;③2〔2分〕
nnfn
1111
38.〔8分〕〔1〕〔2分〕〔1分〕〔1分〕
〔2〕〔6分〕解:设弧形槽与小球第一次别离后的速度大小分别为v和v
12
弧形槽和小球在水平方向满足动量守恒
mvmv--------------------------3分
1122
小球与弹簧发生作用后以原速率返回,要使小球和弧形槽发生第二
次作用
那么满足
vv--------------------------------------------------------------
12
--------------2分
所以弧形槽和小球的质量满足
mm-----------------------------------------1分
12