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C正确;,将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半,同时将小球B的质量增加到原来的41倍,则A、B间距离减为原来的,D错误。232故选C。,不止存在于身边,还在诗和远方,李白《行路难》中有两句诗:欲渡黄河冰塞川,将登太行雪满山。闲来垂钓坐溪上,忽复乘舟梦日边。我们从做功的角度来看,以下说法正确的是(),李白走过去,,钓竿静止不动,,,此过程中假设船直线行驶,水对船的阻力做负功【答案】BD页/共16页:..【解析】【详解】,李白走过去,脚受到的静摩擦力的作用点位移为零,所以不做功,故A错误;,钓竿静止不动,人手对杆的支持力的作用点位移为零,所以不做功,故B正确;,在登山过程中地面支持力的作用点位移为零(只有在接触时才有支持力,抬起脚后支持力为0),所以不做功,故C错误;,此过程中假设船直线行驶,水对船的阻力与船速度方向相反,做负功,故D正确。故选BD。、很方便地比较电场中各点的电场强弱。左图是等量异种点电荷产生电场的电场线,右图是场中的一些点:是电荷连线的中点,E、F是连线中垂线上关于O对称的两点,B、C和A、D也关于O对称,则下列说法正确的是()、C两点电场强度大小相等,、【答案】BC【解析】【详解】根据题意,由图根据等量异种电荷形成电场的对称性,结合电场线的疏密程度表示电场强度的大小及电场线的切线方向表示电场强度的方向,、C两点电场强度大小相等,方向相同,故A错误;、D两点电场强度大小和方向都相同,故B正确;,故C正确;,故D错误。故选BC。,以下说法中正确的是():..,当两个带电体相距很近时,,它们球心间的距离为r,则二者带同种电荷时,它们之间的12qqqq库仑力F>k12,带异种电荷时F<,它们球心间的距离为r,则二者带同种电荷时,它们之间的12qqqq库仑力F<k12,带异种电荷时F>k12r2r2【答案】AD【解析】【详解】,故A正确;,两个带电体不能看成点电荷,则F=k12不适用,故B错误;,它们球心间的距离为r,则二者带同种电荷时,它们之间12qq的库仑力为排斥力,则带电中心的距离比r大,故F<k12,若带异种电荷时它们之间的库仑力为吸引r2qq力,则带电中心的距离比r小,故F>k12,故C错误,D正确。r2故选AD。,光滑水平面上放着长木板B,质量m=2kg的木块A以速度v=2m/s滑上原来静止的长木板0B的上表面,由于A、B之间存在有摩擦,之后,A、B的速度随时间变化情况如右图所示,重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是()、、B组成系统损失机械能为4J【答案】AC【解析】【详解】,A先做匀减速运动,B做匀加速运动,最后一起做匀速运动,共同速度v=1m/s,取向右为正方向,根据动量守恒定律得页/共16页:..=m+M)v0解得M=m=2kg故B错误;,木板B匀加速运动的加速度?v=a=1m/s2?t对B根据牛顿第二定律得mg=MaB解得μ=;+v0+1x=×=t×1m=+v2+1x=0×=t×1m==x?x=1mAB故C正确;、B组成系统损失机械能11?E=mv2?(m+M)v2=2J202故D错误。故选AC。二、非选择题,本题共小题,共56分。。现有的器材为带铁夹的铁架台,电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤、天平。回答下列问题:页/共16页:..(1)为完成此实验,除了所给的器材,还需要的器材有_______。(填入正确选项前的字母)--8V的交流电源(2)写出实验过程中误差产生的原因之一______________。【答案】①.AD##DA②.①纸带与打点计时器之间有摩擦②用米尺测量纸带上点的位置时读数有误差③计算势能变化时,选取初末两点距离过近【解析】【详解】(1)[1]根据重物下落过程中机械能守恒的表达式可知,需要测量长度,因此本实验中需要米尺,同时电磁打点计时器需要低压交流电源,故AD正确(2)[2]实验中误差产生的原因有:①纸带与打点计时器之间有摩擦;②用米尺测量纸带上点的位置时读数有误差;③计算势能变化时,选取初末两点距离过近;(写出一个误差原因即可)。”的实验中,可以描绘出小球平抛运动的轨迹,实验简要步骤如下:,记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置;,注意调节斜槽末端水平,记下平抛初位置点和过O点的竖直线;,以O为原点,以竖直线为y轴建立坐标系,用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹。(1)上述实验步骤的合理顺序是_______;(2)为保证小球从斜槽末端抛出后的运动是平抛运动,必须使斜槽末端_______(选填“水平”或“倾斜”),实验小球用_______(选填“乒乓球”或“小钢球”);(3)在记录小球轨迹的白纸上,记录了竖直向下的y轴方向和水平x轴方向以及轨迹上三个点A、B、C的位置,如图所示。测量A、B和B、C间水平距离xx=15cm,竖直方向的距离y=15cm,ABBCABy=25cm,由此可以计算出小球做平抛运动的初速度大小v=_______,小球通过B点的瞬时速度的大BC0页/共16页:..小v_______。(取g=10m/s2)【答案】①.BAC②.水平③.小钢球④.⑤.【解析】【详解】(1)[1]实验过程中,应先安装实验器材,然后进行实验操作,最后数据处理,则实验步骤的合理顺序是BAC。(2)[2][3]为保证小球从斜槽末端抛出后的运动是平抛运动,必须使斜槽末端水平,为了减小空气阻力对实验影响,实验小球用小钢球。(3)[4]根据题意可知,由于A、B和B、C间水平距离相等,则运动时间相等,设为T,竖直方向上,由逐差法有y?y=gT2BCAB代入数据解得T=,由x=vT可得,小球做平抛运动的初速度大小0v=[5]由中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得,小球通过B点的竖直速度为y+y=v=ABBC2msy2T则球通过B点的瞬时速度的大小vv2+《冰嬉赋》用躄躠”(可理解为低身斜体)二字揭示了滑冰的动作要领。500m短道速滑世界纪录由我国运动员武大靖创造并保持。在其创造纪录的比赛中,(1)武大靖从静止出发,先沿直道加速滑行,前8m用时2s。该过程可视为匀加速直线运动,求此过程加速度大小;(2)武大靖途中某次过弯时的运动可视为半径为10m的匀速圆周运动,速度大小为14m/s。已知武大靖的质量为73kg,求此次过弯时所需的向心力大小;(3)武大靖通过侧身来调整身体与水平冰面的夹角,使场地对其作用力指向身体重心而实现平稳过弯,如图所示。求武大靖在(2)问中过弯时身体与水平面的夹角θ的大小。(不计空气阻力,重力加速度大小取10m/s2,tan22°=、tan27°=、tan32°=、tan37°=)页/共16页:..【答案】(1)4m/s2;(2);(3)27【解析】【详解】(1)设武大靖运动过程的加速度大小为,根据1x=at22解得2x2×8=a=m/=s24m/s2t222(2)根据v2F=m向r解得过弯时所需的向心力大小为142F=73×N=(3)设场地对武大靖的作用力大小为F,受力如图所示根据牛顿第二定律可得mgF=向tanθ解得mg73×10tan=θ=≈:..=27°,让x轴与它的一条电场线重合,坐标轴上A、(如图甲所示)。规定x轴正方向为电场力的正方向,在A、B两点分别放置检验电荷,其受到的电场力跟检验电荷的电荷量关系如图乙中直线a,b所示。静电力常量k=×109N?m2/C2。求:(1)求A点和B点的电场强度的大小和方向;(2)点电荷Q所在位置的坐标和电荷量。4【答案】(1)40N/C,,方向均沿x轴正方向;(2)x=,Q=×10-10C9【解析】【详解】(1)图像斜率等于场强,则41=E=N/C40N/C=,E=N/.4均沿x轴正方向(2)因为A点场强大于B点场强,可知点电荷一定在A点左侧,设点电荷Q所在位置坐标为x,则QQE=kE=kA,B(?x)2(?x)2解得4x=,Q=×1010N/,ABCD为一竖直平面内的轨道,其中BC水平,A点比BC高出10m,BC长1m,AB和CD轨道光滑。一质量为1kg的物体,从A点以4m/s的速度开始运动,。(g取10m/s2)求:(1)物体与BC轨道间的动摩擦因数;(2)物体第5次经过B点时的速度;(3)物体最后停止的位置(距B点多少米)。页/共16页:..【答案】(1);(2);(3)【解析】【详解】(1)由动能定理得1mg(h-H)-mgs=0-mv2BC21解得=(2)物体第5次经过B点时,物体在BC上滑动了4次,由动能定理得11mgH-μmg?4s=mv2?mv2BC2221解得v=4112(3)分析整个过程,由动能定理得1mgH-μmg?s=0?mv221解得s=,,故距B点的距离为2m-=。页/共16页